1.简要介绍：
在一个n*m的网格面板里，面板里有一些障碍物，面板周围是墙壁。起始长度为3的蛇，会通过游走不断进食豆子，每吃一个豆子，身子长度也会加1。当蛇吃完当前面板里的所有豆子后，面板会重新刷新十个豆子，且豆子不会刷新在蛇身上或障碍物上，蛇身长度越长，获胜的几率越大。蛇的行走方向只能是上，下，左，右，每次行进一格，且蛇身除了蛇尾一小格，均视为障碍物。易得知，随着蛇身长度增加，暴毙概率也会大大增加，下面会列出一些小编考虑到的一些情况，并给出相应解法，如果大家有其它想法，欢迎大家留言讨论哦！
蛇的死法千千万万，自己成环暴毙，对方蛇围堵暴毙，障碍物阻挡暴毙。。。
图中一共列出了蛇的十一种死法，当然这些只是一小部分，大部分都大同小异。本题的目的是尽可能吃到更多的食物，而前提是，蛇不能碰到障碍物（包括自身，对方蛇身，面板内固定障碍物，墙壁）。所以题目的核心问题就成了如何防止蛇暴毙的问题了。因为自身算法功底薄弱，在解决这个问题上也花了很多时间，走了很多弯路，最后也算是找到了一种通法，在这也会分享给大家。但是，与其直接告诉大家结果，我觉得更重要的是思考过程，如何一步步的靠近最终的解法，接下来就是我在写这题的思考历程。
思考一：
通过最短路径算法找到目标食物的坐标后，若给出一方向，如何判断该方向是否可行。最先想到的就是：确定蛇移动前蛇头的坐标（x,y)，假设该蛇头在该方向上移动，走到了下一个，得出(x2,y2)。如果(x2,y2)的坐标位置是障碍物的话（包括自身，对方蛇身，面板内固定障碍物，墙壁），那么该方向不可走。遍历四个方向，如果满足该条件，则蛇可在该方向上行进。
思考二：
因为在测试过程中，出现了蛇头走死路的情况，而且频率较大，如下图所示。针对这种问题给出了解决方法，此时的蛇头如果向右走一格，代入思考一，因为该格不是障碍物，所以判定向右走可行，而走完之后便是死路。要想避免这种死法，解决的方法是“预判”。如果该蛇头在该方向上走到下一格，判断蛇头周围四个方向是否都是障碍物，如果是，那么就是图中的思路情况，那么判定该方向不可行进。
思考三：
现在可以排除死路口为1的情况了，那么如果是下图所示的情况呢，死路口为2，死路依旧是直线，死路口为3呢？（死路口的意思是，蛇头到死路尽头的格子数）。针对死路口成直线的情况给出通法，可以确定，如果蛇型为类似图中所示的矩形入口，且只有一条格子，蛇身形成闭合路，那么蛇往下走是必死的。
现在的问题是如何确定蛇身为如下情形，这里给出解决方法。如果蛇头正前方为障碍物，那么蛇头有两个方向可以走，往蛇头的左边，或者蛇头的右边。下面先以下图为例进行说明，如果蛇头(x,y)往下行进，那么在蛇头同列的下方，必然能找到自己身体的一部分，该部分坐标很容易确定（x2,y)。接下来判断，蛇头和该部分横坐标范围内（此处横列和直角坐标系的横列相反），纵坐标为（y-1)或（y+1)的格子是否都是自己的身体。用另一种描述来说，就是，在这个横坐标的范围内，在蛇头左右两纵列的蛇身数是否为2*（x2-x1)。如果是，那么就是该图情形，蛇头不可向该方向行进。
思路四：
因为上述情况确实过于特殊，如果是下图中的两个图形又该怎么办呢？经过上述的三种判定，依旧会进去，这里提前说明以下，如果封闭的空间很小，而多余的蛇身又很长的话，是不可能从里面空间盘旋几圈出来的，极限出来的情况我们暂时忽略。因为封闭的图形是不规则图形，我们不可能通过蛇身的每个部位的坐标来计算围成的面积大小，那么我们这里将问题简化以。
我们现在可以确定的是蛇头坐标和蛇头顶住的身体的坐标，可以确定该身体部位是蛇的第几个格子，这样我们就得出了围成面积的周长，通过周长来计算出围成的最大面积，如果在成环外的蛇身部分的格子数大于围成的最大面积，那么显然是不能进去的。这里可能会有人问，怎么可能每次围成的都是正规矩形，那么有些情况蛇头明明可以从环中出来，却判定不可行，不是就错过了很多蛇逃生的机会了嘛？是这样的，这时你可以通过多次测试，调整该最大面积前的系数，比如多乘个3/4，或者1/2，因题而异吧。 通过该方法，我们就规避了大部分成环的可能情况。 
思路五：
通过测试发现，蛇身会是如下情形，如果用上述的周长来计算面积的方法，这里它会判定该蛇头可向下移动，但这里显然是死路。而且上述方法只考虑到蛇自身成环，那么如果和对方的蛇或者墙壁成环呢，是不是就没法判定了？是的，因为上述方法并没有将其他障碍物考虑在内，那么这里给出最终解法，也是我目前能想到的容错率最高的方法。
该方法的核心思想是“递归”。我们将所有障碍物（包括自身，对方蛇，固定障碍物，墙壁）全部存入新建的二维数组里，是障碍物的赋值为1，不是障碍物的赋值为0。当如图所示的蛇头往下走时，通过前面的判定，下一格一定不会时障碍物，及该格子的障碍数组里显示的是0，那么对该格子的上下左右四个方向进行递归，如果是0的话，则空格的数量加一，直到递归结束，遍历完所有为0的格，可以准确的计算出可行空间。这里有个小问题，会不会两个相邻的空格来来回回重复递归，然后空格数量一直加呢？
会的，解决方法也很简单，在创建一个路径遍历的二维数组，全部初始化为0，对已经递归过的格子，赋值1，每次递归前必须判断下一个格子的路径遍历数组的值是否为1，如果是，说明已经遍历过，如果不是，则可递归。最后比较环外蛇身的部分格子数，如果该数量远小于（也可自定系数）环内空格数，则判定可以往环内行进。
总结
以上是小编能想出来的容错率最小的方法了，真不容易，果然是算法不过关，干啥啥不行。大家如果还有不明白的地方，欢迎大家留言讨论哦！小编看到会一一解答的，当然如果有更好的方法，欢迎大家分享！
