题目描述
题目
司令部的将军们打算在 N ∗ M N*M N∗M的网格地图上部署他们的炮兵部队。一个 N ∗ M N*M N∗M的地图由 N N N行 M M M列组成,地图的每一格可能是山地(用“ H H H” 表示),也可能是平原(用“ P P P”表示),如下图。在每一格平原地形上最多可以布置一支炮兵部队(山地上不能够部署炮兵部队);一支炮兵部队在地图上的攻击范围如图中黑色区域所示:
如果在地图中的灰色所标识的平原上部署一支炮兵部队,则图中的黑色的网格表示它能够攻击到的区域:沿横向左右各两格,沿纵向上下各两格。图上其它白色网格均攻击不到。从图上可见炮兵的攻击范围不受地形的影响。 现在,将军们规划如何部署炮兵部队,在防止误伤的前提下(保证任何两支炮兵部队之间不能互相攻击,即任何一支炮兵部队都不在其他支炮兵部队的攻击范围内),在整个地图区域内最多能够摆放多少我军的炮兵部队。
输入格式
第一行包含两个由空格分割开的正整数,分别表示 N N N和 M M M;
接下来的N行,每一行含有连续的 M M M个字符(‘ P P P’或者‘ H H H’),中间没有空格。按顺序表示地图中每一行的数据。 N ≤ 100 ; M ≤ 10 N≤100;M≤10 N≤100;M≤10。
输出格式
仅一行,包含一个整数 K K K,表示最多能摆放的炮兵部队的数量。
输入输出样例
输入 #1
5 4
PHPP
PPHH
PPPP
PHPP
PHHP
输出 #1
6
分析:
看数据知状压 D P DP DP(呵)
要考虑到十字区域 以及不同的地形因素
设 f [ i ] [ j ] [ k ] f[i][j][k] f[i][j][k]表示枚举到 i i i行 j j j表示当前行状态 k k k表示上一行的状态
要预处理地形以及区域 求出每个状态的贡献
然后 D P DP DP其实就是 4 4 4重循环枚举判断 直接从前一种状态转移就行 最后同样取最大值……
动态能量转移方程:
f [ i ] [ j ] [ O a O ] = m a x ( f [ i ] [ j ] [ O a O ] , f [ i − 1 ] [ O a O ] [ T u T ] + S C P [ j ] ) f[i][j][OaO]=max(f[i][j][OaO],f[i-1][OaO][TuT]+SCP[j]) f[i][j][OaO]=max(f[i][j][OaO],f[i−1][OaO][TuT]+SCP[j])
(变量名请自行忽视 蟹蟹配合)
CODE:
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int n,m,f[101][66][66],OvO[105],SCP[205],qwq[105],qaq=0; bool v[105][105]; char x; //极致压行
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
{
cin>>x;
if(x=='H') v[i][j]=1; //山地标个1就行了
}
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
OvO[i]=(OvO[i]<<1)+v[i][j]; //不可选状压
qwq[++qaq]=0;
for(int i=1;i<(1<<m);i++) //求贡献
{
if((i&(i<<1))||(i&(i<<2))||(i&(i>>1))||(i&(i>>2))) continue;
qwq[++qaq]=i; //存有用
int p=i;
while(p) //求贡献
{
SCP[qaq]++;
p-=(p&(-p));
}
}
for(int i=1;i<=qaq;i++) //第一行
if((qwq[i]&OvO[1])==0)
f[1][i][0]=SCP[i];
for(int i=1;i<=qaq;i++)
if((qwq[i]&OvO[2])==0) //第二行
for(int j=1;j<=qaq;j++)
if((qwq[i]&qwq[j])==0&&(qwq[j]&OvO[1])==0) //判冲突
f[2][i][j]=SCP[i]+SCP[j];
for(int i=3;i<=n;i++) //4重枚举(惊)
for(int j=1;j<=qaq;j++)
if((qwq[j]&OvO[i])==0) //当前行
for(int OaO=1;OaO<=qaq;OaO++)
if((qwq[j]&qwq[OaO])==0&&(qwq[OaO]&OvO[i-1])==0) //当前行-1
for(int TuT=1;TuT<=qaq;TuT++)
if((qwq[j]&qwq[TuT])==0&&(qwq[OaO]&qwq[TuT])==0&&(qwq[TuT]&OvO[i-2])==0)
//当前行-2 炮兵最多打两格
f[i][j][OaO]=max(f[i][j][OaO],f[i-1][OaO][TuT]+SCP[j]);
//从上一状态转移
int ans=0;
for(int i=1;i<=qaq;i++)
for(int j=1;j<=qaq;j++)
ans=max(ans,f[n][i][j]); //取最大
printf("%d",ans);
return 0;
}