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原题描述：
题目描述
A 国有 座城市，从
编号。
号城市是 A 国的首都。城市间由
条双向道路连通，通过每一条道路所花费的时间均为 11 单位时间。
现在 A 国打算拆除一些不实用的道路以减小维护的开支，但 A 国也需要保证主要线路不受影响。因此 A 国希望道路拆除完毕后，利用剩余未被拆除的道路，从 A 国首都出发，能到达 号与
号城市，且所要花费的最短时间分别不超过
与
（注意这是两个独立的条件，互相之间没有关联，即不需要先到
再到
）。
A 国想请你帮他们算算，在满足上述条件的情况下，他们最多能拆除多少条道路。 若上述条件永远无法满足，则输出 。
输入格式
第一行两个正整数 ，表示城市数与道路数。
接下来 行，每行两个正整数
，表示一条连接
号点与
号点的道路。数据保证没有重边和自环。
最后一行四个整数，分别为 ,
,
,
,。
输出格式
仅一行一个整数，表示答案。
样例 #1
样例输入 #1
5 6
1 2
2 3
1 3
3 4
4 5
3 5
5 3 4 3样例输出 #1
3样例 #2
样例输入 #2
3 2
1 2
2 3
2 2 3 1样例输出 #2
-1提示
【数据范围】
对于 的数据，
；
另有 的数据，
；
另有 的数据，
；
对于 的数据，
。
【样例 解释】
拆除 三条边。
注意：不需要令首都与除了 外的点在拆除之后依然连通。
【样例 解释】
即使一条边都不拆除，首都到 号点的最短时间也都达到了
单位时间。
题目大意：
给你一个无向图，问你最少可以去掉多少条边，可以使1到的最短距离<=
，使1到
的最短距离<=
主要思路：
首先分析一下，如果想最短，那么一定是形如这样的形式。
这样一定是最短的，那么我们就可以用一个dis数组来表示。
dis[3][3010]
dis[0][i]表示，从1走到i的最短路径。
dis[1][i]表示，从s1走到i的最短路径。
dis[2][i]表示，从s2走到i的最短路径。
那么当（dis[0][i]+dis[1][i]+dis[2][i])最小时且dis[0][i]+dis[1][i]<=t1,dis[0][i]+dis[2][i]<=t2。
m-（dis[0][i]+dis[1][i]+dis[2][i])就是答案了。
至于dis怎么求？
由于题目中说过，每条边的时间是1，就是边权为1，既然边权为1，那么可以用bfs求。
代码code：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m;
vector<vector<int>> v(3010);
int dis[10][3010];
int ans=0x3f3f3f3f;
void bfs(int x,int* tmpdis)//由于传数组，用指针
{
tmpdis[x] = 0;
queue<pair<int,int>> q;
q.push({x,0});
while(!q.empty())
{
int u=q.front().first,step=q.front().second;
q.pop();
for(auto it:v[u])
{
if(tmpdis[it] == 0x3f3f3f3f)
{
tmpdis[it] = step+1;
q.push({it,step+1});
}
}
}
//是不是很像最短路？
}
int main()
{
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int u,v1;
cin>>u>>v1;
v[u].push_back(v1);
v[v1].push_back(u);
}
int s1,s2,t1,t2;
cin>>s1>>t1>>s2>>t2;
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));//dis初始化
bfs(1,dis[0]);
bfs(s1,dis[1]);
bfs(s2,dis[2]);
//求三个dis。
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(dis[0][i]+dis[1][i]<=t1&&dis[0][i]+dis[2][i]<=t2)
{
ans = min(ans,dis[0][i]+dis[1][i]+dis[2][i]);//计算
}
}
cout<<(ans == 0x3f3f3f3f?-1:m-ans);//三目运算符，当无答案时，用-1
return 0;
}