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题意：第一行输入一个t。t组数据.
第二行n,m。n代表n个数字.m代表询问m次。
第三行输入n个数字.
接下来m行。每行l,r。代表需要查询的区间。
查询的是l-r区间内有几段连续的数字。
eg:1-5 有数字3 1 2 5 4.排一下序：1 2 3 4 5.连续。所以输出1。
2-4 有数字1 2 5 4.排一下序：1 2 5，1 2连续，5连续。所以输出2。
思路如CTX说所。对于区间内的查询，我只知道4种算法：线段树，树状数组，RMQ，莫队。
我搜了题解，有用树状数组和线段树离线处理做的，也有用莫队做的。只说一下莫队的解法。
（区间求和查询貌似莫队也可以处理）莫队算法是解决区间问题的。主要思想是知道R-L区间的答案后。能推出R-（L+1）或者R-（L-1）
或(R-1)-L 或(R+1)-L。推出区间的时间基本为O（1）。以这个题为例。看样例。比如我们知道了
2-4区间的ans。我们来推1-4.我们向左移动一位，多了一个3，我们如何判断当3加入到2-4区间后ans的变化。
我们看vis[3-1]和vis[3+1]（vis[2],vis[4]）是否出现过。如果都出现过那么ans–；因为3将左右数字连接
了起来。如果只出现过一个，那么不用变。如果一个也没出现过。那么ans++；因为多了一个数字。同理当我们
将左区间右移的时候，同样规律。那么很明显了，如果这个点在R–L区间那么vis[num[R–L]]=1；这是递推的
思路。
接下来我们说莫队。其实仔细想想，如果这是这么XJB暴力枚举区间的话，其实时间复杂度不会低到哪。（挺高
的…）接下来我们再想，我们是递推区间的。那么自然的就会想到排序。有很多这样的思路用排序来降低时间
复杂度。所以莫队引入了分块，和排序。我们设blcok=sqrt(n)；be数组为数字编号i在哪一块。
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&num[i]),be[i]=i/block+1;接着对询问排序，以及分块
bool cmp(mo a,mo b){return be[a.l]==be[b.l]?a.r<b.r:a.l<b.l;}为什么这样做emmm.因为可以降低时间复杂度..至于为什么会降低..借鉴博客
https://www.cnblogs.com/Paul-Guderian/p/6933799.html
·时间复杂度分析（分类讨论思想）：
首先，枚举m个答案，就一个m了。设分块大小为unit。
分类讨论：
①l的移动：若下一个询问与当前询问的l所在的块不同，那么只需要经过最多2*unit步可以使得l成功到达目标.复杂度为：O(m*unit)
②r的移动：r只有在Be[l]相同时才会有序（其余时候还是疯狂地乱跳，你知道，一提到乱跳，那么每一次最坏就要跳n次！），Be[l]什么时候相同？在同一块里面l就Be[]相同。对于每一个块，排序执行了第二关键字：r。所以这里面的r是单调递增的，所以枚举完一个块，r最多移动n次。总共有n/unit个块:复杂度为：O(n*n/unit)
总结：O(n*unit+n*n/unit)（n,m同级，就统一使用n）
根据基本不等式得：当n为sqrt(n)时，得到莫队算法的真正复杂度：
O(n*sqrt(n))
最后说一下代码的实现
#include<stdio.h>
#include<string>
#include<queue>
#include<math.h>
#include<map>
#include<stack>
#include<string.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define PI acos(-1.0)
typedef long long ll;
using namespace std;
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
const int N=1e5+100;
struct mo{int l,r,id;}q[N];//创建结构体
int n,m,num[N],block,be[N],ans,vis[N],t,lans[N];//block是分块大小,be是序号i在哪个块,vis标记数组。lans最后存答案的数组
bool cmp(mo a,mo b){return be[a.l]==be[b.l]?a.r<b.r:a.l<b.l;}//对m次询问分块排序
void calu_1(int pos){int sum=vis[num[pos]-1]+vis[num[pos]+1];if(sum==2)ans++;if(!sum)ans--;vis[num[pos]]=0;}//缩小区间计算的ans
void calu_2(int pos){int sum=vis[num[pos]-1]+vis[num[pos]+1];if(sum==2)ans--;if(!sum)ans++;vis[num[pos]]=1;}//扩大区间计算的ans
int main()
{
scanf("%d",&t);
while(t--)
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
scanf("%d%d",&n,&m);block=sqrt(n);
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&num[i]),be[i]=i/block+1;//分块
for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d%d",&q[i].l,&q[i].r),q[i].id=i;
sort(q+1,q+m+1,cmp);//离线处理，对询问分块排序
int l=1,r=0;ans=0;//初始化
for(int i=1;i<=m;i++)//这里稍微有一点坑，不能直接套莫队的板子过来。如果直接套了板子过来（如果不是请无视），如样例，将L从1右移到2，之后r从1右移到4.先取消了1，再标记1.其实1没有用。所以将第一行移到最后即可。
{
while(l>q[i].l) calu_2(l-1),l--;//扩大区间，左区间左移
while(r<q[i].r) calu_2(r+1),r++;//扩大区间，右区间右移
while(r>q[i].r) calu_1(r),r--;//缩小区间，右区间左移
while(l<q[i].l) calu_1(l),l++;//缩小区间，左区间右移
lans[q[i].id]=ans;//记录答案
}
for(int i=1;i<=m;i++)//输出
cout<<lans[i]<<endl;
}
return 0;
}