找规律+oeis专场……很无奈
补题进度[6/12] 场上3题
1007 Problem G. Cyclic
表示在没有看明白题意的情况下oeis了,没想到过了
1008 Problem H. Pow
输出2^n
1009 Problem I. Count
遇事不决先打表,观察表的时候发现和欧拉函数有关系,把欧拉函数列出就发现了规律
具体的证明如下:
令 a = i−j, 先枚举 i 再枚举 a
即对于每个 i, 求有多少个小于它的 a 满足 gcd(i,a) = 1 且 a 是奇数.
当 i 是奇数时, 答案为 φ(i) 2 .
当 i 是偶数时, 答案为 φ(i). 注意 i = 1 时, 答案为 0.
1005 Problem E. TeaTree
学习了std的解法,首先对每个节点的权值的因子建立权值线段树,之后对于每个节点向上合并到他的父节点,如果再合并过程中发现了相同的因子,那么这个可能就是最终的答案,更新一下就行。
据说虚树也可以过,要好好学习一下了。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e6 + 5;
const int maxm = 8.1e7+10;
int tot,lson[maxm],rson[maxm],root[maxn];
vector<int> fac[maxn];
int ans[maxn],fa,f[maxn];
void build(int &rt,int l,int r,int pos)
{
if(!rt)
{
rt = ++tot;
lson[rt] = rson[rt] = 0;
}
if(l == r) return;
int mid = (l +r) >> 1;
if(pos <= mid) build(lson[rt],l,mid,pos);
else build(rson[rt],mid+1,r,pos);
}
int merge(int x,int y,int l,int r)
{
if(x == 0 || y == 0) return x^y;
if(l == r)
{
ans[fa] = max(ans[fa],l);
return x;
}
int mid = (l +r) >> 1;
lson[x] = merge(lson[x],lson[y],l,mid);
rson[x] = merge(rson[x],rson[y],mid+1,r);
return x;
}
int n;
int main()
{
for(int i = 1;i<=1e5;i++)
{
for(int j = 1;i*j<=1e5;j++)
{
fac[i*j].push_back(i);
}
}
scanf("%d",&n);
for(int i = 2;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&f[i]);
}
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
ans[i] = -1;
}
//memset(ans,-1,sizeof(ans));
tot = 0;
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
int x;
scanf("%d",&x);
root[i] = ++tot;
lson[root[i]] = rson[root[i]] = 0;
for(auto &d : fac[x])
{
build(root[i],1,1e5,d);
}
}
for(int i = n;i >= 1;i--)
{
fa = f[i];
root[fa] = merge(root[fa],root[i],1,1e5);
}
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
printf("%d\n",ans[i]);
}
}
1010 Problem J. CSGO
这道题其实是个曼哈顿最远距离,直接枚举所有的符号情况,最后找两个不相交而且和最大的就是答案,相当于是最远距离的一个推论。
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 10;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
ll S1[64],S2[64];
ll x[5];
int main()
{
int ca;
scanf("%d",&ca);
while(ca--)
{
int n,m,k;
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
memset(S1,-inf,sizeof(S1));
memset(S2,-inf,sizeof(S2));
for(int i = 1; i<=n; i++)
{
ll v;
scanf("%I64d",&v);
for(int j = 0; j<k; j++)
{
scanf("%I64d",&x[j]);
}
ll tmp = 0;
for(int s = 0; s<(1<<k); s++)
{
tmp = v;
for(int j = 0; j<k; j++)
{
if((s >> j) & 1)
tmp += x[j];
else
tmp += -x[j];
}
S1[s] = max(S1[s],tmp);
}
}
for(int i = 1; i<=m; i++)
{
ll v;
scanf("%I64d",&v);
for(int j = 0; j<k; j++)
{
scanf("%I64d",&x[j]);
}
ll tmp = 0;
for(int s = 0; s<(1<<k); s++)
{
tmp = v;
for(int j = 0; j<k; j++)
{
if((s >> j) & 1)
tmp += x[j];
else
tmp += -x[j];
}
S2[s] = max(S2[s],tmp);
}
}
ll ans = 0;
for(int s = 0; s < (1 <<k); s++)
{
//cout<<S1[s]<<' '<<S2[(1<<k) - 1 -s]<<endl;
ans = max(ans,S1[s] + S2[(1<<k)-1-s]);
}
printf("%I64d\n",ans);
}
return 0;
}
1012 Problem L.Videos
原来是个网络流问题就很精髓。
赛后经过大佬(CSL)的指点,想明白了一种建图方法。
首先源点连一个限流点,限制流量为K
然后对于每个video。拆成开始,结束两个点,容量,费用-w[i]
对于每个不相交的视频i,j,i的结束连一条边到j开始,相同的视频费用为0,不同的为W
限流点连边到每个开始点,结束点连边到汇点。跑一个最小费用最大流,其实是最大费用流。
这样建相当于是看所有K的流量能最远流到什么地方,总之就是学习一个
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
const int MAXN = 10000;
const int MAXM = 100000;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
struct Edge
{
int to,next,cap,flow,cost,from;
} edge[MAXM];
int head[MAXN],tol;
int pre[MAXN],dis[MAXN];
bool vis[MAXN];
int N;//节点总个数,节点编号从0~N-1
void init(int n)
{
N = n;
tol = 0;
memset(head,-1,sizeof(head));
}
void addedge(int u,int v,int cap,int cost)
{
edge[tol].to = v;
edge[tol].from = u;
edge[tol].cap = cap;
edge[tol].cost = cost;
edge[tol].flow = 0;
edge[tol].next = head[u];
head[u] = tol++;
edge[tol].to = u;
edge[tol].from = v;
edge[tol].cap = 0;
edge[tol].cost = -cost;
edge[tol].flow = 0;
edge[tol].next = head[v];
head[v] = tol++;
}
bool spfa(int s,int t)
{
queue<int>q;
for(int i = 0; i < N; i++)
{
dis[i] = INF;
vis[i] = false;
pre[i] = -1;
}
dis[s] = 0;
vis[s] = true;
q.push(s);
while(!q.empty())
{
int u = q.front();
q.pop();
vis[u] = false;
for(int i = head[u]; i != -1; i = edge[i].next)
{
int v = edge[i].to;
if(edge[i].cap > edge[i].flow &&
dis[v] > dis[u] + edge[i].cost )
{
dis[v] = dis[u] + edge[i].cost;
pre[v] = i;
if(!vis[v])
{
vis[v] = true;
q.push(v);
}
}
}
}
if(pre[t] == -1)
return false;
else
return true;
}
//返回的是最大流,cost存的是最小费用
int minCostMaxflow(int s,int t,int &cost)
{
int flow = 0;
cost = 0;
while(spfa(s,t))
{
int Min = INF;
for(int i = pre[t]; i != -1; i = pre[edge[i^1].to])
{
if(Min > edge[i].cap - edge[i].flow)
Min = edge[i].cap - edge[i].flow;
}
for(int i = pre[t]; i != -1; i = pre[edge[i^1].to])
{
edge[i].flow += Min;
edge[i^1].flow -= Min;
cost += edge[i].cost * Min;
}
flow += Min;
}
return flow;
}
void debug()
{
for(int i = 0;i<tol;i+=2)
printf("%d->%d cap = %d flow = %d cost = %d\n",edge[i].from,edge[i].to,edge[i].cap,edge[i].flow,edge[i].cost);
}
int n,m,k,W;
int st[MAXN],en[MAXN],w[MAXN],op[MAXN];
int main()
{
int ca;
scanf("%d",&ca);
while(ca--)
{
scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&k,&W);
for(int i = 1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d%d",&st[i],&en[i],&w[i],&op[i]);
}
int S = 2*m + 1,T = 2*m + 2;
init(2*m + 3);
addedge(S,0,k,0);
for(int i =1;i<=m;i++)
{
addedge(0,i,1,0);
addedge(i,i+m,1,-w[i]);
}
for(int i = 1;i<=m;i++)
{
for(int j= 1;j<=m;j++)
{
if(i != j && en[i] <= st[j])
{
if(op[i] != op[j])
{
addedge(i + m, j,1,0);
}
else
{
addedge(i + m,j,1,W);
}
}
}
}
for(int i = 1;i<=m ;i++) addedge(i +m,T,1,0);
int cost = 0;
minCostMaxflow(S,T,cost);
//debug();
printf("%d\n",-cost);
}
return 0;
}