A.
题干：
A. 仰望星空
单测试点时限: 2.0 秒
内存限制: 512 MB
你就这样静坐在草地上，离我稍远的地方。
我用眼角瞅着你，你什么话也别说。
语言是误会的根源。
但是，每天，你可以坐得离我近一些……
你和她一起仰头仰望着布满星辰的天空。你的星星对她而言只不过是众星中的一颗。
她会喜欢仰望天际所有的繁星，他们都会是她的朋友。但你深信你不会是万众中一颗毫不起眼的星星。
于是你默默地记录着每天你们仰望星空时的距离，你发现每天你们的距离或许减少、或许不变，但一定不会增加。
可是你们在一起仰望星空的日子太长了，长到你只记得你们第一天在星空下的距离。
今天，你们的距离是 A ；你们又在一起仰望星空了。你却突然想知道一起仰望星空 N 天来，你们之间的距离之和。
由于你已经不记得每天的距离，只能依稀记起第一天的距离是 B ，所以你只想知道你们这么多天来的距离之和有多少种不同的可能性。
输入
输入数据包含一行，包含三个整数 N,A,B (2≤N≤109,1≤A≤B≤109 )，分别表示你们一起仰望星空的天数、今天你们之间的距离以及第一天你们之间的距离。
输出
输出数据包含一行一个整数，表示不同可能和的个数。
样例
Input
3 1 2
Output
2
提示
对于样例有以下几种不同的距离情况：{2,1,1},{2,2,1} ；他们的和分别是 4 和 5 ，所以有两种不同的和。
解题报告：
不算思维的思维题啊，，贪心出最大的可能取值和最小的可能取值就行了。
AC代码：
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<string>
#include<cmath>
#include<cstring>
#define ll long long
#define pb push_back
#define pm make_pair
#define fi first
#define se second
using namespace std;
const int MAX = 2e5 + 5;
ll n,a,b;
int main()
{
cin>>n>>a>>b;
ll minn = a*(n-1) + b;
ll maxx = a + b*(n-1);
printf("%lld\n",maxx-minn+1);
return 0 ;
}
（不少人没开longlong所以WA？？）
B.
好像是蒙特卡洛模拟，，据说随机数也能过。。明天补补吧。。
C.
题干：
C. 她的名字
单测试点时限: 4.0 秒
内存限制: 512 MB
“他走过一个又一个星球，
却始终放不下对她的思念。“
”深情终究是一趟孤独的旅程，
她是他永远的牵绊。”
我们每个人心中都有一只小狐狸。我们渴望被自己喜欢的人驯服。
爱情是彼此之间至为甜蜜的臣服。我们都是傻痴痴的小狐狸，徒具一副精明的外表。
就像你走到哪都挂念着她，想把她写进自己的歌里，成为你们共同的记忆。
你想从她全部由数字构成的名字里取出其中的 N 个数字，维持原来的顺序，组成结尾为数字 XY 的新词。
你自然希望自己的歌能够很长很长，歌词的每一句都能饱含甜蜜。
所以你想知道，她的名字能够组成多少个长度为 N 且结尾为数字 XY 的新词（如果从她名字中取出的任意一个数字位置不同，两个词就被认为是不同的）。
输入
第一行包含一个由数字构成的字符串 S (1≤|S|≤2 000 )。
第二行包含一个整数 Q (1≤Q≤5⋅105 )，表示需要选择的不同结尾数量。
接下来的 Q 行，每行包含了一个整数 N (1≤N≤5⋅105 ) 和两个数字 XY ，用空格隔开，表示需要选择的歌词的长度和结尾。
输出
对于每一个询问，输出一个整数，表示答案。
答案可能会很大，你只需要输出对于 109+7 取模后的结果。
样例
Input
312121 4 2 21 3 31 4 22 3 22
Output
3 0 1 2
提示
样例中第一个询问：312121, 312121, 312121.
第二个询问：无。
第三个询问：312121.
解题报告：
就是个dp[i][j][k]，，两边预处理，，第一遍出状态的个数，第二遍出答案，然后O(1)输出就行了。
AC代码：
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<string>
#include<cmath>
#include<cstring>
#define ll long long
#define pb push_back
#define pm make_pair
#define fi first
#define se second
using namespace std;
const int MAX = 2e5 + 5;
const ll mod = 1e9 + 7;
int q;
char s[MAX];
ll dp[12][12][4005],qq[12][12],yong[12][12][4005];
ll C[2005][2005];
void init() {
C[0][0]=1;
for(int i=1; i<=2001; i++) {
C[i][0]=1;
for(int j=1; j<=i; j++) {
C[i][j]=(C[i-1][j-1]+C[i-1][j])%mod;
}
}
}
int main()
{
init();
cin>>(s+1);
int n = strlen(s+1);
if(n == 1) {
int q,len,x,y;
scanf("%d",&q);
while(q--) {
scanf("%d",&len);
scanf("%1d%1d",&x,&y);
printf("0\n");
}
return 0 ;
}
for(int i = 1; i<=n; i++) {
for(int j = i+1; j<=n; j++) {
dp[s[i]-'0'][s[j]-'0'][i-1]++;
dp[s[i]-'0'][s[j]-'0'][i-1]%=mod;
qq[s[i]-'0'][s[j]-'0'] = (qq[s[i]-'0'][s[j]-'0'] + 1) % mod;//以ij为尾的数有多少种.
}
}
for(int x = 0; x<=9; x++) {
for(int y = 0; y<=9; y++) {
for(int i = 0; i<=n; i++) {//记录直接用
for(int j = i; j<=n; j++)
yong[x][y][i] += (C[j][i] * dp[x][y][j])%mod;
}
}
}
cin>>q;
int x,y,len;
while(q--) {
scanf("%d",&len);
len-=2;
scanf("%1d%1d",&x,&y);
if(len+2 > n) {
puts("0");continue;
}
if(len == 0) {
printf("%lld\n",qq[x][y]%mod); continue;
}
if(len < 0) {
puts("0");continue;
}
printf("%lld\n",yong[x][y][len]%mod);
}
return 0 ;
}
注意N给到了1e5，，所以需要特判一波是否大于字符串长度，如果大于了直接输出0就行了，不然肯定RE啊，，
不过据说这题标解不是n^2*100的做法的。。改天再想想、、
这题WYZ大佬还有个别的做法，，从后往前 枚举每一个X，同时记录Y的个数，然后输出答案同时记录，因为查询次数过多，，肯定有重复查询，所以类似记忆化搜索那样记录答案，，貌似也过了。Orz
DEF不会，，其实E还可以做做的，，然后F是个SAM好像是，，目前也不会。
总之这场比赛写题半小时挂机一个半小时，，题目跨度忒大了点。。两题后就没可做题了。。可能还是苔菜了吧。。