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【思路要点】
- 若 ,则令 ,答案不变。
- 考虑 的情况,对于一个集合对应的数组 ,若 ,那么接下来出现的集合即为保留 数组的前 项,将 增加 ,这部分排列与其对应的接下来的排列对答案产生的贡献为 。
- 否则,考虑枚举 数组后缀由 开始递降的长度 ,以及这段后缀之前一个被选中的位置 ,产生的贡献为 。
- 更改求和方式,枚举 ,有
- 时间复杂度 。
【代码】
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int MAXN = 1e6 + 5; const int P = 1e9 + 7; typedef long long ll; typedef long double ld; typedef unsigned long long ull; template <typename T> void chkmax(T &x, T y) {x = max(x, y); } template <typename T> void chkmin(T &x, T y) {x = min(x, y); } template <typename T> void read(T &x) { x = 0; int f = 1; char c = getchar(); for (; !isdigit(c); c = getchar()) if (c == '-') f = -f; for (; isdigit(c); c = getchar()) x = x * 10 + c - '0'; x *= f; } template <typename T> void write(T x) { if (x < 0) x = -x, putchar('-'); if (x > 9) write(x / 10); putchar(x % 10 + '0'); } template <typename T> void writeln(T x) { write(x); puts(""); } int fac[MAXN], inv[MAXN]; int power(int x, int y) { if (y == 0) return 1; int tmp = power(x, y / 2); if (y % 2 == 0) return 1ll * tmp * tmp % P; else return 1ll * tmp * tmp % P * x % P; } int getc(int x, int y) { if (y > x) return 0; else return 1ll * fac[x] * inv[y] % P * inv[x - y] % P; } void init(int n) { fac[0] = 1; for (int i = 1; i <= n; i++) fac[i] = 1ll * fac[i - 1] * i % P; inv[n] = power(fac[n], P - 2); for (int i = n - 1; i >= 0; i--) inv[i] = inv[i + 1] * (i + 1ll) % P; } void update(int &x, int y) { x += y; if (x >= P) x -= P; } int main() { freopen("perm.in", "r", stdin); freopen("perm.out", "w", stdout); int n, k, m, ans = 0; read(n), read(k), read(m); n -= k - m, init(n + 2); update(ans, getc(n - 1, m)); for (int s = m; s <= n - 1; s++) update(ans, 1ll * (n - s - 1) * getc(s - 1, m - 2) % P); writeln(ans); return 0; }