先求出根节点的权值\(w\)。根据套路，我们对于每个\(k\)，计算\(w(s)\leq k\)的方案数，差分得到答案。为了方便，接下来考虑计算概率而不是方案数。
可以发现，对于一个给定的有解的子集，在最优解下，根节点的权值一定可以是\(w+1\)或\(w-1\)。如果我们希望把根节点的权值变为\(w+1\)，那么我们一定只会改变点权\(\leq w\)的点，\(w-1\)同理。
我们特殊考虑点权为\(w\)的点。如果控制集合包含这个点，那么答案一定为\(1\)（因为所有点的点权两两不同），所以\(ans_1=\frac{1}{2}\)。接下来，我们可以钦定控制集合不包含这个点。
这时，如果我们希望把根节点的权值变为\(w+1\)，我们一定只会改变点权\(<w\)的点，\(w-1\)同理。这样这两类点就无交了。所以我们可以算出 通过改变点权\(<w\)的点不能使根节点的权值变为\(w+1\)的概率\(f\)， 和 通过改变点权\(>w\)的点不能使根节点的权值变为\(w-1\)的概率\(g\)，乘起来就是答案。
转移显然，分奇偶层讨论一下就行了。为了方便，我们将偶数层的\(f,g\)值取反，这样对于每一层转移都是一样的，就可以直接上动态DP了。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=2e5+10;
const int mod=998244353;
const int inv2=(mod+1)>>1;
int gi() {
int x=0,o=1;char ch=getchar();
while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-') ch=getchar();
if(ch=='-') o=-1,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x*o;
}
int qpow(int a,int b) {
int ret=1;
while(b) {
if(b&1) ret=1ll*ret*a%mod;
a=1ll*a*a%mod,b>>=1;
}
return ret;
}
struct num {
int x,y;
num(int x=1,int y=0):x(x),y(y) {}
void mul(const num &A) {
x=1ll*x*A.x%mod,y+=A.y;
}
void div(const num &A) {
x=1ll*x*qpow(A.x,mod-2)%mod,y-=A.y;
}
int val() {
return y?0:x;
}
} g[N][2];
int add(int a,int b) {
return a+b>=mod?a+b-mod:a+b;
}
int sub(int a,int b) {
return a-b<0?a-b+mod:a-b;
}
num trs(int x) {
return x?num(x,0):num(1,1);
}
vector<int> E[N];
int n,L,R,pw=1,fa[N],dep[N],siz[N],son[N],f[N][2],top[N],tim=0,dfn[N],bot[N],id[N],w,t,rt[N],tot=0,ls[N*50],rs[N*50],s[N*50][2],p[N*50][2],ans[N];
bool lf[N];
int dfs1(int u) {
siz[u]=1;
if(fa[u]&&E[u].size()==1) { lf[u]=1;pw=(pw<<1)%mod;return u; }
int w=dep[u]?n:0;
for(auto v:E[u]) if(v!=fa[u]) fa[v]=u,dep[v]=dep[u]^1,t=dfs1(v),siz[u]+=siz[v],siz[son[u]]<siz[v]?son[u]=v:0,w=dep[u]?min(w,t):max(w,t);
return w;
}
void dfs2(int u) {
bot[top[u]]=u;id[dfn[u]=++tim]=u;f[u][0]=f[u][1]=1;
if(son[u]) {
top[son[u]]=top[u],dfs2(son[u]);
for(int i=0;i<2;i++) f[u][i]=1ll*f[u][i]*sub(1,f[son[u]][i])%mod;
}
else f[u][0]=(t=((u<=w)^dep[u])),g[u][0].mul(trs(t)),f[u][1]=(t=((u<w)^dep[u])),g[u][1].mul(trs(t));
for(auto v:E[u])
if(v!=fa[u]&&v!=son[u]) {
top[v]=v,dfs2(v);
for(int i=0;i<2;i++) g[u][i].mul(trs(t=sub(1,f[v][i]))),f[u][i]=1ll*f[u][i]*t%mod;
}
}
#define chk if(l==r) { for(int i=0;i<2;i++) s[x][i]=p[x][i]=g[id[l]][i].val(); return; }
#define up for(int i=0;i<2;i++) s[x][i]=add(s[ls[x]][i],1ll*(((mid-l+1)&1)?mod-p[ls[x]][i]:p[ls[x]][i])*s[rs[x]][i]%mod),p[x][i]=1ll*p[ls[x]][i]*p[rs[x]][i]%mod;
void build(int &x,int l,int r) {
x=++tot;chk;
int mid=(l+r)>>1;
build(ls[x],l,mid),build(rs[x],mid+1,r);
up;
}
void mdf(int x,int l,int r,int k) {
chk;
int mid=(l+r)>>1;
k<=mid?mdf(ls[x],l,mid,k):mdf(rs[x],mid+1,r,k);
up;
}
void mdf(int u,int x) {
int v=top[u],w=fa[v];
if(w) g[w][x].div(trs(sub(1,s[rt[v]][x])));
mdf(rt[v],dfn[v],dfn[bot[v]],dfn[u]);
if(w) g[w][x].mul(trs(sub(1,s[rt[v]][x]))),mdf(w,x);
}
int main() {
n=gi(),L=gi(),R=gi();
for(int i=1,u,v;i<n;i++) u=gi(),v=gi(),E[u].push_back(v),E[v].push_back(u);
w=dfs1(1);top[1]=1;dfs2(1);
for(int i=1;i<=n;i++) if(top[i]==i) build(rt[i],dfn[i],dfn[bot[i]]);
ans[1]=pw=1ll*pw*inv2%mod;
for(int i=2;i<n;i++) {
if((t=w+1-i)>0&&lf[t]) g[t][0]=trs(inv2),mdf(t,0);
if((t=w+i-1)<=n&&lf[t]) g[t][1]=trs(inv2),mdf(t,1);
ans[i]=1ll*add(1ll*sub(s[1][1],1)*s[1][0]%mod,2)*pw%mod;
}
ans[n]=(pw+pw-1)%mod;
for(int i=L;i<=R;i++) printf("%d ",sub(ans[i],ans[i-1]));
return 0;
}