题意：
给你一个含n个字符的字符串，字符为'D'时表示小于号，字符为“I”时表示大于号，字符为“？”时表示大小于都可以。比如排列 {3, 1, 2, 7, 4, 6, 5} 表示为字符串 DIIDID。任务是计算所有能产生给定字符串的序列数量，每个序列含n+1个数字，分别为1～n+1，即从1开始且不重复。
思路：DP计数。如下步骤
1）将规模n降低，使得对于每个i （1<=i<=n）都可以依靠i-1的结果来计算。最小规模为1个符号，决定两个数字的序列。
2）考虑对于具有i个数字的序列（值从1～i），指定第i个数字为j （1<=j<=i+1），计算所产生的序列数量。那么dp[i][j]表示着具有i个数字的序列，若最后一个数字为j时，所有可能的序列数量。那么dp[i][i+1]就统计了具有i个数字的且满足前i个要求的序列数量。
3）分两种情况：
第一种是第i个为I（小于号，升序）：dp[i][j] = dp[i-1][j-1] + dp[i-1][j-2] + .. + dp[i-1][1]。
另一种是第i个为D（大于号，降序）： dp[i][j] = dp[i-1][i] + dp[i-1][i-1] + ... + dp[i-1][j]。
分析第一个式子，假设前面i个数字所能产生的可能已经知道，那么直接将j加在最后面就行了。比如：序列3>2<4>1 共4个数字和3个符号，假设第4个符号为<，那么现在考虑第5个数字，要算的有dp[4][1] dp[4][2] dp[4][3] dp[4][4] dp[4][5]共5个。dp[4][1]可以想象将1接在序类后，即 3 2 4 1 1，疑问？这不是重复了吗？这样子我们可以将前4个数字中所有大于第5个数字的都加1，就变成4 3 5 2 1，这个序列就合法了吧？是的，对于所有的4个数字的合法序列都这么做。前提是对于第4个数字小于5的所有4数字序列才可以这么考虑。大于等于5的序列再来加1也必定重复。
分析第二个式子，同样，假设前面i个数字所能产生的可能已经知道，也是加在后面。比如：序列3>1<2 共3个数字和2个符号，假设第3个符号为>，那么现在考虑第4个数字，2大于1，同时还得考虑如上“加一”情况，所以1和2都要考虑。那么要计算的有dp[3][1] dp[3][2] 共2个，dp[3][3]对于我们所假设的情况是非法的。因为大于等于2的都要加一，所以dp[3][2]可能产生的序列之一为 { 3+1, 1,2+1, 2 } 即 { 4, 1,3 ,2 } 。合法！对于其他情况依此法计算。
#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <stdlib.h>
using namespace std;
const int N=1005;
const int mod=1000000007;
unsigned int sum[N][N];
char s[N];
int main()
{
//freopen("input.txt","r",stdin);
while(cin>>s)
{
memset(sum, 0, sizeof(sum));
int len=strlen(s);
sum[0][1]=1;
for(int i=1; i<=len; i++) //对于len个符号，有len+1个数字组成。
{
int siz=i+2;
if(s[i-1]=='I')
{
for(int j=1; j<siz; j++) //从小往大的方向累加。
{
sum[i][j]=sum[i][j-1];
sum[i][j]=((long long)sum[i][j]+ sum[i-1][j-1])%mod;
}
}
else if(s[i-1]=='D')
{
for(int j=i+1; j>0; j--) //从大往小的方向累加。
{
sum[i][j]=sum[i][j+1];
sum[i][j]=((long long)sum[i][j]+sum[i-1][j])%mod;
}
}
else //问号，将上一个位置所有可能相加。
{
long long tmp=0;
for(int j=1; j<=i; j++)
tmp=((long long)tmp+sum[i-1][j])%mod;
for(int j=1; j<siz; j++)
sum[i][j]=tmp;
}
}
long long ans=0;
for(int i=1; i<=len+1; i++) //累计所有可能。
ans=((long long)ans+sum[len][i])%mod;
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}
int型代码