#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
/* 你偷看了Thanos身穿Infinity手镯。在Gauntlet中有六个异色宝石。
使用在Gauntlet中看到的宝石颜色，来确定缺少宝石的名称。 */
// 即求6个字符串中没有出现的字符串
string str1[6]={"purple","green","blue","orange","red","yellow"};
string str2[6]={"Power","Time","Space","Soul","Reality","Mind"};
set<string> s; //集合储存名字字符串
int main(){
int n; cin>>n; cout<<6-n<<endl;
while(n--){
string aa; cin>>aa;
s.insert(aa); //已经存在的名字
}
for(int i=0;i<6;i++){
if(!s.count(str1[i])) //集合中没有
cout<<str2[i]<<endl; //输出
}
return 0;
}#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
//求x^y与y^x的大小关系
//分析》第一种做法对于x,y<=4进行特判;其余的一定是x,y中较小的在下面比较大。
// 另一种做法是取对数，但是对于x=y的情况要特判
const double ERROR=1e-10; //第二种做法
int main(){
double x,y; cin>>x>>y; //取对数，所以用double
double tmp1=y*log(x),tmp2=x*log(y);
if(x==y||fabs(x-y)<ERROR) printf("=\n");
else if(x<y) printf("<\n");
else printf(">\n");
return 0;
}#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
//求x^y与y^x的大小关系
//分析》(2,3)(2,4)以及有数是1的时候特判，其他小的做底、大的做幂结果大。
int main(){ //第一种做法
int x,y; cin>>x>>y;
if(x==y){ cout<<'='<<endl; return 0; }
else if(x==1||y==1){
if(x==1){ cout<<'<'<<endl; return 0; }
else{ cout<<">"<<endl; return 0; }
}
else if((x==2&&y==3)||(x==3&&y==2)){
if(x==2&&y==3){ cout<<"<"<<endl; return 0; }
else{ cout<<">"<<endl; return 0; }
}
else if((x==2&&y==4)||(x==4&&y==2)){
cout<<"="<<endl; return 0;
}
else{
if(x<y) cout<<">"<<endl;
else cout<<"<"<<endl;
}
return 0;
}#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
/* 在A数组中找出满足 1》i<j<k
2》a[i]<a[j]<a[k] 3》b[i]+b[j]+b[k]最小 的i,j,k，并输出最小的和 */
//f[i][j]表示 [以第i个display为最后一块display的]、
//[且这块display为第j块display] 情况下的最小费用。
int f[3009][5];
int main(){
int n; cin>>n; int ans=(1<<31)-1;
memset(f,0x3f,sizeof(f));
int s[3005],c[3005];
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>s[i];
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>c[i];
for(int i=1;i<=n;i++){
f[i][1]=c[i];
for(int j=1;j<i;j++)
if(s[j]<s[i]){
f[i][2]=min(f[i][2],f[j][1]+c[i]);
f[i][3]=min(f[i][3],f[j][2]+c[i]);
}
ans=min(ans,f[i][3]);
}
if(ans>=0x3f3f3f3f||ans==((1<<31)-1))
cout<<-1<<endl;
else cout<<ans<<endl;
return 0;
}
题意是一共有k种商品，n个商户，m条道路，如果某个商户想要达到fair状态就必须拥有至少s种商品，每个商户可以从任意其他商户那里得到该商户的商品种类,(不存在减少),花费为两者之间的最短路的道路个数，求每个商家达到fair的最小花费
注意到k只有100，我们可以计算出，每种颜色到所有商家的最短距离，这样每种商家到所有颜色的最短距离我们也就知道了，所以做k次bfs之后对每个商家取前s种花费小的颜色即可。
D题代码
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<queue>
using namespace std;
const int maxn = 1e5+5;
int dis[maxn][105];
int a[maxn];
int ans[maxn];
int x,y,n,k,m,s;
vector<int> E[maxn];
void bfs(int x)
{
queue<int> q;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(a[i]==x)
{
q.push(i);
dis[i][x]=0;
}
}
while(!q.empty())
{
int tmp=q.front();
q.pop();
for(int i=0;i<E[tmp].size();i++)
{
int pp=E[tmp][i];
if(dis[pp][x]==-1)
{
dis[pp][x]=dis[tmp][x]+1;
q.push(pp);
}
}
}
return ;
}
int main()
{
scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&k,&s);
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
while(m--)
{
scanf("%d%d",&x,&y);
E[x].push_back(y);
E[y].push_back(x);
}
for(int i=1;i<=k;i++)
{
for(int j=1;j<=n;j++) dis[j][i]=-1;
bfs(i);
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
sort(dis[i]+1,dis[i]+1+k);
for(int j=1;j<=s;j++) ans[i]+=dis[i][j];
}
for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d%c",ans[i],i==n?'\n':' ');
return 0;
}
E题.Petr and Permutations
E.Petr and Permutations
题意为给AB分别一个1-n的顺序排列，设定x操作为任意交换序列中的两个元素，A对他进行3*n次x操作，B对他进行7*n+1次x操作，给你最终序列，问你此序列是由谁操作而来的。
我们考虑原序列是顺序的，线性代数中学过，交换序列中任意两个元素，会使序列逆序对的奇偶性发生改变一次，所以我们只需要知道总操作次数的就行，然后判断最终逆序对个数的奇偶性，就结束了。
E题代码
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
#include<string.h>
#define maxn 1000005
using namespace std;
int w[maxn],sum[maxn],n;
struct T
{
int x,num;
} a[maxn],T[maxn];
void merge_sort(int l,int r)
{
if(r-l==1)return;
int m=l+r>>1,tm=l+r>>1,tl=l,i=l;
merge_sort(l,m),merge_sort(m,r);
while(tl<m||tm<r)
{
if(tm>=r||(tl<m&&a[tl].x<=a[tm].x))
T[i++]=a[tl++],T[i-1].num+=tm-m;
else
T[i++]=a[tm++];
}
for(int i=l; i<r; i++)a[i]=T[i];
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=0; i<n; i++)
scanf("%d",&a[i].x),a[i].num=0;
merge_sort(0,n);
long long ans=0;
for(int i=0; i<n; i++)ans+=a[i].num;
if(n%2==ans%2) printf("Petr");
else printf("Um_nik");
return 0;
}