题目描述】
大楼的每一层楼都可以停电梯，而且第i层楼（1≤i≤N）上有一个数字Ki(0≤=Ki≤=N）Ki(0≤=Ki≤=N）。电梯只有四个按钮：开，关，上，下。上下的层数等于当前楼层上的那个数字。当然，如果不能满足要求，相应的按钮就会失灵。例如：3 3 1 2 5代表了Ki（K1=3,K2=3,……）Ki（K1=3,K2=3,……），从一楼开始。在一楼，按“上”可以到4楼，按“下”是不起作用的，因为没有-2楼。那么，从A楼到B楼至少要按几次按钮呢？
【输入】
共有二行，第一行为三个用空格隔开的正整数，表示N,A,B(1≤N≤200, 1≤A,B≤N)，第二行为N个用空格隔开的正整数，表示Ki。
【输出】
一行，即最少按键次数,若无法到达，则输出-1。
【输入样例】
5 1 5 3 3 1 2 5
【输出样例】
3
其实这题可以用最短路径的方法做，就是把每一点加上a[i]或者减去a[i]就是这个点到下个一点，然后把这个点到它能到的点的权值设置为1，然后就是套用模板了
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int inf=0x3f3f3f3f;
const int N=205;
int mapp[N][N];
int path[N];
int vis[N];
int n,s,e;
int a[N];
void Dijkstra(int s,int e)
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
for(int i=1;i<=n;i++) path[i]=mapp[s][i];
vis[s]=1;
path[s]=0;
for(int i=1;i<n;i++){
int minn=inf, u;
for(int j=1;j<=n;j++){
if(minn>path[j]&&!vis[j]){
minn=path[j];
u=j;
}
}
vis[u]=1;
if(minn==inf) break;
for(int j=1;j<=n;j++){
if(path[u]+mapp[u][j]<path[j]&&!vis[j])
path[j]=path[u]+mapp[u][j];
}
}
}
int main()
{
scanf("%d %d %d ",&n,&s,&e);
memset(mapp,inf,sizeof(mapp));
for(int i=1;i<=n;i++){
scanf("%d",&a[i]);
if(i+a[i]<=n) mapp[i][i+a[i]]=1;
if(i-a[i]>=1) mapp[i][i-a[i]]=1;
}
Dijkstra(s,e);
printf("%d\n",path[e]==inf?-1:path[e]);
return 0;
}
这个还可以用BFS，虽然不想方向那样移动，还是做的BFS的题目少，见的少，所以一下没想起来，bfs就是一层一层的走，所以走到就是最短路径，别忘了用vis标记，这在搜索的思想中很重要
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct node
{
int to,step;
node(){}
node(int to1,int step1):to(to1),step(step1){}
};
int s[250];
int vis[250];
int main()
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
int n,a,b;
scanf("%d%d%d",&n,&a,&b);
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&s[i]);
queue<node>Q;
Q.push(node(a,0));
vis[a]=1;
while(!Q.empty()){
node x=Q.front();
Q.pop();
if(x.to==b){
printf("%d\n",x.step);
return 0;
}
if(x.to+s[x.to]<=n&&(!vis[x.to+s[x.to]])){
Q.push(node(x.to+s[x.to],x.step+1));
vis[x.to+s[x.to]]=1;
}
if(x.to-s[x.to]>=1&&(!vis[x.to-s[x.to]])){
Q.push(node(x.to-s[x.to],x.step+1));
vis[x.to-s[x.to]]=1;
}
}
printf("-1\n");
return 0;
}