题目描述
对于序列A,它的逆序对数定义为满足 ,且 的数对 的个数。给 到 的一个排列,按照某种顺序依次删除 个元素,你的任务是在每次删除一个元素之前统计整个序列的逆序对数。
输入格式
输入第一行包含两个整数 和 ,即初始元素的个数和删除的元素个数。以下n行每行包含一个 到 之间的正整数,即初始排列。以下 行每行一个正整数,依次为每次删除的元素。
输出格式
输出包含 行,依次为删除每个元素之前,逆序对的个数。
题解
CDQ分治有两种做法,一种是先处理出所有的逆序对数量,然后处理每次删除一个对答案的影响。另一种是把删除当做先删除m个数再倒着插入的过程。这里我使用了后面这种方法。
首先因为插入的顺序对答案有影响,所以我们插入一个数实际上对时刻在它前面的,坐标前面的比它大的数和坐标后面的比它小的数都有答案贡献,记插入的数时间x,下标y,权值z,即
代码
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define maxn 100005
#define MAXN 100005
#define LL long long
using namespace std;
int n,m,pos[maxn],ini[maxn],del[maxn];
LL ans[maxn];
bool flag[maxn];
int read(){
int res=0; char c; c=getchar();
while(c<'0' || c>'9') c=getchar();
while(c>='0' && c<='9') res=res*10+c-48,c=getchar();
return res;
}
struct Node{
int x,y,z;
LL *ans;
bool flag;
inline void get(){
x=read(); y=read(); z=read();
}
inline void out(){
cout<<x<<" "<<y<<" "<<z<<" "<<*ans<<endl;
}
}a[maxn],b[maxn],c[maxn];
void merge2(int l,int r){
if(l==r) return;
int mid=(l+r)>>1;
merge2(l,mid); merge2(mid+1,r); LL tot=0;
for(int p=l,q=mid+1,i=l;i<=r;i++){
if((q>r||b[p].z<b[q].z)&&p<=mid){
c[i]=b[p++];
if(c[i].flag) tot++;
}
else {
c[i]=b[q++];
if(!c[i].flag) *c[i].ans+=tot;
}
}
for(int i=l;i<=r;i++) b[i]=c[i];
}
void merge1(int l,int r){
if(l==r) return;
int mid=(l+r)>>1;
merge1(l,mid); merge1(mid+1,r);
for(int p=l,q=mid+1,i=l;i<=r;i++){
if((q>r||a[p].y<a[q].y)&&p<=mid){
b[i]=a[p++];
b[i].flag=1;
}
else {
b[i]=a[q++];
b[i].flag=0;
}
}
for(int i=l;i<=r;i++) a[i]=b[i];
merge2(l,r);
}
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++) ini[i]=read(),pos[ini[i]]=i;
for(int i=1;i<=m;i++) del[i]=read(),flag[del[i]]=1;
int tim=0;
for(int i=1;i<=n;i++) if(!flag[ini[i]]) a[++tim]=(Node){tim,-i,ini[i],&ans[tim]};
for(int i=m;i;i--) a[++tim]=(Node){tim,-pos[del[i]],del[i],&ans[tim]};
merge1(1,n);
tim=0;
for(int i=1;i<=n;i++) if(!flag[ini[i]]) a[++tim]=(Node){tim,i,-ini[i],&ans[tim]};
for(int i=m;i;i--) a[++tim]=(Node){tim,pos[del[i]],-del[i],&ans[tim]};
merge1(1,n);
for(int i=2;i<=n;i++) ans[i]+=ans[i-1];
for(int i=n;i>n-m;i--) printf("%lld\n",ans[i]);
}