题意:给出长度为 n 的字符串 ,让你删去一个字符,使剩下的字符字典序最大
#include <iostream>
#include <string>
using namespace std;
int main()
{
string s, s1;
int n;
cin >> n;
cin >> s;
for (int i = 0; i<s.size()-1; i++)
{
if (s[i]>s[i+1])
{
s.erase(i,1);//从字符串s中删除第i个(从0开始
break;
}
if (i == s.size()-2)//到末尾
{
s.erase(i+1);//删除第i+1个之后所有的(从0开始
}
}
cout << s << endl;
return 0;
}
题意:给出一个数n,找出最小质因子,然后n-减去这个质因子,无限次这种循环直到n=0,求出一共需要进行多少次。
奇数减去第一次质因子后,变成偶数了,以后的质因子都是2
#include <iostream>
using namespace std;
long long n;
int main(){
cin>>n;
if(n%2==0){//偶数
cout<<n/2<<endl;
return 0;
}
for(long long i=3;i*i<=n;i+=2){
if(n%i==0){//找到可以被整除的质因子
cout<<(n-i)/2+1<<endl;
return 0;
}
}
cout<<1<<endl;//本身就是素数
return 0;
}
题意:输入t组数据,每次输入d,求解有没有a+b=d,a*b=d,有就输出Y,a,b,没有就输出N。
题解:高中知识:求根公式 由题意 经过简单的数学变换 b=(d-a) ---> a^2-ad+d=0.
形如ax^2+bx+c=0, (x=1) . 所以利用求根公式求解两根,-b+sqrt(b^2-4ac)/2,这里的a=1,b=-d,c=d,带入求解就是答案。
求解之前应该判断有没有解,b^2-4ac<0无解。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
int t,d;
cin>>t;
while(t--)
{
cin>>d;
if(d*d-4*d<0)
puts("N");
else printf("Y %.9f %.9f\n",(d+sqrt(d*d-4*d))/2,(d-sqrt(d*d-4*d))/2);
}
return 0;
}
题意:给出n个点,m条边,最多能保留K条边。原图上从源点1到每个点的最短路为di。现在删除了边后,使得 到源点1的距离 仍为di的 点 的数量 最多,输出 应该保留的 K条边 的编号。
思路:先跑1到所有点的最短距离中。遇到遍历到当前边的情况是最短路上的一条边的时候,将这条边加入答案(优先队列)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define FI first
#define SE second
typedef long long ll;
typedef pair<ll,ll> P;
const int maxn = 3e5 + 7;
const ll INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const ll mod = 998244353;
ll n, m, k;
ll u, v, c;
struct no {
ll u, c, id;
};
vector<no> vec[maxn];
struct node {
ll d, v, id;
bool operator< (const node &a) const {
return (d > a.d);
}
};
priority_queue<node> qu;
bool vis[maxn];
set<ll> ans;
int main() {
scanf("%lld%lld%lld", &n, &m, &k);
for(int i = 1; i <= m; ++i) {
scanf("%lld%lld%lld", &u, &v, &c);
vec[u].push_back(no{v, c, i});
vec[v].push_back(no{u, c, i});
}
for(auto i : vec[1]) {
qu.push(node{i.c, i.u, i.id});
}
vis[1] = 1;
int anss = k;
while(!qu.empty()) {
node t = qu.top(); qu.pop();
ll u = t.v, d = t.d, id = t.id;
if(vis[u]) continue;
vis[u] = 1;
if(k) {
k--;
ans.insert(id);
}
for(auto i : vec[u]) {
if(vis[i.u]) continue;
qu.push(node{d+i.c, i.u, i.id});
}
}
cout << ans.size() << endl;
int t = 0;
for(auto i : ans) {
t++;
printf("%lld", i);
if(t == ans.size()) break;
printf(" ");
}
return 0;
}