hdu2531（待解决）

Catch him

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Problem Description

在美式足球中，四分卫负责指挥整只球队的进攻战术和跑位，以及给接球员传球的任务。四分卫是一只球队进攻组最重要的球员，而且一般身体都相对比较弱小，所以通常球队会安排5-7名大汉来保护他，其中站在四分卫前方、排成一线的5名球员称为进攻锋线，他们通常都是135公斤左右的壮汉。

对防守方来说，攻击对手的四分卫当然是最直接的限制对手进攻的方法。如果效果好，就可以在对方四分卫传球之前将其按翻在地，称之为擒杀。擒杀是最好的鼓舞防守队士气的方法，因为对方连传球的机会都没有，进攻就结束了，还必须倒退一些距离开球。凶狠的擒杀甚至能够将对方的四分卫弄伤，从而迫使对方更换这个进攻核心。
在本题中，输入给出准备擒杀四分卫的防守球员的位置、对方每个进攻锋线球员的位置以及对方四分卫的位置，你的任务是求出这名准备擒杀的防守球员至少要移动多少步，才能够擒杀对方四分卫。
假设对方进攻锋线和四分卫在这个过程中都不会移动。只有1名防守球员，防守球员只要碰到对方四分卫就算擒杀。
所有的球员都是一块连续的、不中空的2维区域。防守球员不可以从进攻锋线的身体上穿过，也不可以从界外穿过(只能走空地)。
防守队员不可以转动身体，只能平移。防守队员的身体所有部分向同一个方向(上、下、左、右)移动1格的过程叫做1步。

 

Input

输入包含多组数据。每组数据第一行都是两个整数H，W(0<H,W<=100)，表示整个区域的高度和宽度，H=W=0表示输入结束。接下来有H行，每行W个字符。每个字符如果是’.’，表示这里是空地，如果是’O’，表示是进攻锋线队员的身体，如果是’D’，表示是准备擒杀的防守球员的身体，如果是’Q’，表示是四分卫的身体。
输入保证符合上面的条件。防守球员的身体总共不超过20格。

 

Output

对每组数据，输出包含擒杀所需最少步数的一行。如果不能擒杀，输出带’Impossible’的一行。

 

Sample Input

6 6 .Q.... QQ..OO .OO..O ...O.O OO.O.. ....DD 7 7 .Q..... QQ.OOO. ...O... O...... OO..OO. .O..... .....DD 0 0

 

Sample Output

Impossible 9

 

Source

The 6th UESTC Programming Contest

把点的bfs变成了块的bfs

但是不知道为啥。。。hdu编译不过去

话说 本地完美过样例啊  哈哈哈哈

待改

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define mset(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define sz size()
#define cl clear()
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
#define PI 3.1415926535897932384626433832795028841971693993751058209749445923078164
typedef long long ll;
const int inf = 99999999;
const double eps = 1e-8;
const int dir4[4][2] = {{-1,0},{1,0},{0,-1},{0,1}};
const int dir8[8][2] = {{1,0},{-1,0},{0,1},{0,-1},{1,1},{1,-1},{-1,1},{-1,-1}};
struct node{
	int x, y;
	int step;
	node(){
	}
	node(int x,int y,int step)
	{
		this->x = x;
		this->y = y;
		this->step = step;
	}
};
struct move{
	int x, y;
	int step;
	vector<node> v;
	move(){
	}
	move(int x,int y,int step)
	{
		this->x = x;
		this->y = y;
		this->step = step;
	}
};
int n,m;
int res = inf;
int sx, sy;
char mp[105][105];
int visit[105][105];
vector<pair<int,int> > pp;
bool check(int x,int y)
{
	if(x < 1 || y < 1 || x > n || y > m || mp[x][y] == 'O' || visit[x][y])
	return false;
	
	return true;
}
void bfs()
{
	queue<move> q;
	move m(sx,sy,0);
	for(int i = 0;i < pp.sz;i ++)
	{
		m.v.pb(node(pp[i].fi,pp[i].se,0));
	}
	q.push(m);
	visit[sx][sy] = 1;
	
	while(!q.empty())
	{
		move t = q.front();
		q.pop();
		
		bool flag = false;
		
		for(int i = 0;i < t.v.sz;i ++)
		{
			if(mp[t.v[i].x][t.v[i].y] == 'Q')
			{
				res = min(res,t.step);
				flag = true;
				break;
			}
		}
		
		if(flag) continue;
		
		for(int i = 0;i < 4;i ++)
		{
			int dx = t.x + dir4[i][0];
			int dy = t.y + dir4[i][1];
			int dt = t.step + 1;
			//if(dx < 1 || dy < 1 || dx > n || dy > m || mp[dx][dy] == 'O' || visit[dx][dy]) continue;
			if(!check(dx,dy)) continue;
			bool flag2 = true;
			for(int j = 0;j < t.v.sz;j ++)
			{	
				if(mp[t.v[j].x + dir4[i][0]][t.v[j].y + dir4[i][1]] == 'O') 
				{
					flag2 = false;
					break;
				}
			}
			
			if(flag2)
			{
				for(int j = 0;j < t.v.sz;j ++)
				{
					t.v[j].x += dir4[i][0];
					t.v[j].y += dir4[i][1];
				}
				move next(dx,dy,dt);
				for(int j = 0;j < t.v.sz;j ++)
				next.v.pb(t.v[j]);
				
				q.push(next);
				visit[dx][dy] = 1;
			}
		}
	}
}

int main() 
{
	while(cin >> n >> m && n && m)
	{
		mset(visit,0);
		res = inf;
		sx = sy = -1;
		pp.clear();
		for(int i = 1;i <= n;i ++)
		{
			for(int j = 1;j <= m;j ++)
			{
				cin >> mp[i][j];
				if(mp[i][j] == 'D')
				{
					if(sx == -1 && sy == -1)
					{
						sx = i;
						sy = j;
					}
					pair<int,int> tmp(i,j);
					pp.pb(tmp);
				}
			}
		}
			
		bfs();
		
		if(res != inf)
		cout << res << endl;
		else 
		cout << "Impossible" << endl;
	}
	return 0;
}