A. Display The Number
题解
题目要求数越大越好,并且有暗示答案会爆longlong,
于是我们就有如下策略:
\(n\) 是偶数全填\(1\) ,因为\(1\) 只占两格,很值得
\(n\) 是奇数的话先狂填\(1\) ,再还剩下\(3\) 个的时候填一个\(7\) 就好了
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<queue>
using namespace std;
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long LL;
typedef pair<int,int> PII;
#define X first
#define Y second
inline int read()
{
int x=0,f=1;char c=getchar();
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
while(isdigit(c)){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
return x*f;
}
int w[10]={6,2,5,5,4,5,6,3,7,6};
int T,n;
int main()
{
T=read();
while(T--)
{
n=read();
if(n%2==0)
for(int i=1;i<=n/2;i++)printf("1");
else
{
printf("7");
for(int i=1;i<n/2;i++)printf("1");
}
printf("\n");
}
return 0;
}
B. Infinite Prefixes
题解
破题卡了好久,觉得语言难以描述怎么解
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<queue>
using namespace std;
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long LL;
typedef pair<int,int> PII;
#define X first
#define Y second
inline int read()
{
int x=0,f=1;char c=getchar();
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
while(isdigit(c)){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
return x*f;
}
const int maxn=100010;
int T,n,x,p0[maxn],p1[maxn],pre[maxn],MAX;
char s[maxn];
int main()
{
T=read();
while(T--)
{
mem(p0,0);mem(p1,0);mem(pre,0);
n=read();x=read();
int cnt=0;
scanf("%s",s+1);
for(int i=1;i<=n;i++)p0[i]=p0[i-1]+(s[i]=='0'),p1[i]=p1[i-1]+(s[i]=='1'),pre[i]=p0[i]-p1[i];
if(x==0)cnt=1;
if(pre[n])
{
for(int i=1;i<=n;i++)if((x-pre[i])%pre[n]==0 && (x-pre[i])/pre[n]>=0)cnt++;
}
else
{
for(int i=0;i<=n;i++)if(x==pre[i])cnt++;
}
if(!pre[n] && cnt)printf("-1\n");
else printf("%d\n",cnt);
}
return 0;
}
C. Obtain The String
题解
特别像字符串匹配
但是我没这么做,对模板串预处理,省得匹配串耽误时间。
设\(pre[i]\) 表示字母\(i\) 的最早出现位置,\(suf[i][j]\) 表示表示在第\(i\) 位字符后,字母\(j\) 最早出现位置,这个可以用\(O(26n)\) 预处理出来
然后就直接在上面左右反复横跳就可以了
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<queue>
using namespace std;
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long LL;
typedef pair<int,int> PII;
#define X first
#define Y second
inline int read()
{
int x=0,f=1;char c=getchar();
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
while(isdigit(c)){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
return x*f;
}
const int maxl=100010;
int T;
char s[maxl],t[maxl];
int pre[30],suf[maxl][30];//pre(i)表示字符i最早出现位置 ,suf(i,j)表示在i字符后,字符j最早出现位置
int main()
{
T=read();
while(T--)
{
mem(pre,42);mem(suf,42);
scanf("%s%s",s,t);
int l1=strlen(s),l2=strlen(t),cnt=0,ok=0;
for(int i=0;i<l1;i++)pre[s[i]-'a']=min(pre[s[i]-'a'],i);
for(int i=0;i<l1-1;i++)suf[i][s[i+1]-'a']=i+1;
for(int i=l1-1;i>=0;i--)
for(int j=0;j<26;j++)suf[i][j]=min(suf[i][j],suf[i+1][j]);
for(int i=0;i<l2;)
{
++cnt;
int pos=pre[t[i]-'a'];i++;
if(pos>=l1){ok=1;break;}
while(suf[pos][t[i]-'a']<l1)pos=suf[pos][t[i]-'a'],i++;
}
if(!ok)printf("%d\n",cnt);
else printf("%d\n",-1);
}
return 0;
}
D. Same GCDs
题解
设\(gcd(a,m)=x\) ,有\(a=k_1x,m=k_2x\)
又知道\(gcd(a+b,m)=x\),有\(a+b=k_3x\)
现在问题就变成了,在闭区间内\([k_1,k_1+k_2-1]\) 内有多少个与\(k_2\) 互质
拆成前缀问题 ,对\(n\) 分解质因数后对因子容斥原理即可
有一道类似的题 这是链接
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<queue>
using namespace std;
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long LL;
typedef pair<int,int> PII;
#define X first
#define Y second
inline LL read()
{
LL x=0,f=1;char c=getchar();
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
while(isdigit(c)){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
return x*f;
}
int T;
LL a,m,x,k1,k2;
LL gcd(LL a,LL b){return b==0 ? a : gcd(b,a%b);}
#include<vector>
vector<LL> pme;
LL count_prime(LL x,LL n){
pme.clear();
LL i,j;
for(i=2;i*i<=n;i++)
if(n%i==0){
pme.push_back(i);
while(n%i==0)n/=i;
}
if(n>1)pme.push_back(n);
LL sum=0,value,cnt;
for(i=1;i<(1<<pme.size());i++){
value=1;
cnt=0;
for(j=0;j<pme.size();j++){
if(i&(1<<j)){
value*=pme[j];
cnt++;
}
}
if(cnt&1)
sum+=x/value;
else sum-=x/value;
}
return x-sum;
}
int main()
{
T=(int)read();
while(T--)
{
a=read();m=read();
x=gcd(a,m);
k1=a/x;k2=m/x;
cout<<count_prime(k2+k1-1,k2)-count_prime(k1-1,k2)<<endl;
}
return 0;
}
废话
脑子还是不好使,处理问题速度太慢啊