题目链接：
https://vjudge.net/contest/348156#problem
题面：
翻译：
约翰直到收到公证人的信，才知道他有个叔父。他知道他已故的叔父在南美某地收集了很多钱，约翰是唯一的继承人。
约翰暂时不需要那么多钱。但他意识到，最好把这笔资金存放在一个安全的地方，让它增长，直到他决定退休。银行使他相信某种债券对他来说很有趣。
这种债券有固定的价值，每年的利息是固定的，在每年年底付给所有人。债券没有固定期限。债券有不同大小。大一点的通常会有更好的兴趣。很快，约翰意识到，要买一套最优的债券并不容易。此外，几年后，他的资本会增加，必须重新评估时间表。
假设以下债券可用：
年度价值
兴趣
四千
3000 400个
250个
如果资本金为10万欧元，一个人可以购买两张4000美元的债券，年利息为800美元。买两张3000美元的债券，其中一张4000美元是个更好的主意，因为它每年给900美元的利息。两年后，资本金已经增长到11800美元，卖出3000美元，买入4000美元是有道理的，因此年利息增长到1050美元。这就是这个故事不太可能发生的地方：银行不收取买卖债券的费用。明年的总额是12850美元，相当于4000美元的三倍，年利息是1200美元。
这就是你的问题：给定一个开始的数额，若干年，以及一组有其价值和利益的债券，利用买卖债券的最佳时间表，找出该数额在给定时期内可能增长多少。
输入：
第一行包含一个正整数N，它是测试用例的数量。接下来是测试用例。
测试用例的第一行包含两个正整数：开始的金额（最多100000美元），资本可能增长的年数（最多40年）。
下一行包含一个数字：可用债券的数字d（1<=d<=10）。
接下来的d行每一行都包含一个键的描述。债券的描述由两个正整数组成：债券的价值和债券的年利息。债券的价值总是1000美元的倍数。债券的利息不超过其价值的10%
输出：
对于每个测试用例，在一个最优的买卖计划之后，在一个单独的行上输出期末的资本。
思路：
首先这道题目是要找一个最优的买卖计划，所以这就是一个背包问题，而这里与最简单的01背包的不同的地方为它这里增长的年数是有很多年的，像如果第一次取到最优的买卖计划，这时候得到的利息加上本金就显然成为了下一年的本金，就这一点不同，而需要实现这一点就只需要3重for循环来实现，我们先找出最优的买卖计划，然后得出之后，下一年的本金就变为上一年的本金加上最优计划得到的利息，再来查找最优买卖计划，这样子就可以得到最后的总本金（注：这道题目题目数据较大，所以我们要把债券的价值和总本金都除以1000来优化计算量，从而使程序更加高效）
参考代码：
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<stdlib.h>
#include<math.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
int main()
{
long long t;
scanf("%lld",&t);
while(t--)
{
long long n,y,m,z,j,sum,i;
long long w[50000];
long long v[50000];
long long dp[50000];
scanf("%lld%lld",&n,&y);
scanf("%lld",&m);
for(i=0;i<m;i++)
{
scanf("%lld%lld",&w[i],&v[i]);
w[i]=w[i]/1000;//因为债券的价值总是1000美元的倍数，所以我们就可以一开始就把债券的价值除以1000美元，来减少计算量
}
memset(dp,0,sizeof(dp));//每次都需要将dp记录的值清空才行
sum=n;
for(z=0;z<y;z++)//这里进行的是有y年，我们可以存款y次
{
n=sum/1000;//同样除以1000来减少程序的计算量
for(i=0;i<m;i++)
{
for(j=w[i];j<=n;j++)
{
dp[j]=max(dp[j],dp[j-w[i]]+v[i]);//这里面就是一个经典的01背包的代码，不多说了
}
}
sum=sum+dp[n];//每年存款完了之后，本金就变为之前的本金加上存储的利息，所以就要加上dp[n]。
}
printf("%lld\n",sum);
}
}
