2019 꽉 전기장 다중 열 번째 학교
이것은 군웅의 마지막 집없는
1003 발렌타인 데이
1시 2분에서 해결
\ (n \) 두 항목을 각 항목이있다 (p_i \) \을 확률이 각 항목은 독립적 인 이벤트 인 경우 행복하게, 당신을 행복하게, 당신은 하위 집합을 선택하려면, 단지 확률의 숫자로 당신을 행복하게 최고
내가 zggg에 그것을 읽고, 그러나 zggg이 거기에 종사하지 않은, 수학 선수 아니에요, 나는 갑자기?! 두 배로 vjudge 정말 경우 I이 작년에했던 것처럼 보이는 질문을 기억을 읽은 후 조금 변경 ...
해야 선택하는 것입니다 (P는 \) \ 가장 많은 수의 (선택하지 않음보다 크거나 같아야 선택한 항목의 p 값), 문제에 대한 공식 증명 솔루션 codeforces442B 볼 수 있습니다
1005에 오신 것을 환영 파티
1시 24분에서 해결 (+1)를
팀 동료는 질문의 의미를 번역 한 후 : n 개의 항목이 있습니다 \ ((2 <= N <= 1E5은) \) , 각 항목은 두 개의 무게가 \ (A_I를 b_i \) , 두 가지로 이러한 항목을 원하는 비어 세트 A, B, 그래서 최소 차이 값들의 최대 절대 값과 상기 문서 나 문서 (A)의 최대 값 B
먼저 정렬하고 내림차순 열거하여 \ (A_I \) (A)의 최대 값이 소정 세트 B의 다음 큰 값만큼 아직 LOWER_BOUND 다음 항목 (a 값 미만으로서 열거 제에서 현재 열거 문서)와 동일한 현재 열거 값 B보다 크거나 같은 값을 검색하고 발견하기 위해 (현재 열거 값보다도 최종 이하)로 이전하고 열거 통과 최대의 B 값 항목은 MULTISET로 유지 될 수있는 최대 값 B의 응답으로 갱신 될 수있는 값을보고 비교
코드를 작성하는 팀 동료를 잡고
1008 코인
3시 8분에서을 통해서 문제를 해결할 (+2)
이 \ (N (1 <= N <= 1E5) \) 항목의 그룹, 각 항목은 두 값이되어있다 \ (A_I, B_i \) , 당신은, 단, K 항목의 값이 기사를 극대화 선택해야하는 당신이 그룹의 B를 선택한 경우는 A 그룹, 출력 선택해야 \ (2N의 \) 대표 번호, \을 (케이 \) 에서 \ (1 \)를 위해 (2N의 \) \ 답변을
기묘 메이트 A는 같거나 B 크면, B 등의 두 논문을 넣어 물품의 그룹 욕심 방식을 준 AB 달리 결합 크기는 문서 (2)의 체중의 평균치로 간주 , 항목이 복수를 정렬하고, 각 \ (K \) 단독 치료
A에 대한 \ (케이 \) , k 번째 항목 즉 선택 직시 \ ([2N-K + 1 \ 2N,])을 세그먼트 다음, 합한 값 간격 문서 유효하면 간격 내에 상품 대답은
이 간격은, 즉, 유효하지 않은 경우 \ (2N-k 개의 \) 와 \ (2N-K + 1 \ ) 문서 (2)의 크기, 두 개의 경우가 있으며, 하나는, 문서 (2)의 크기를 선택할 수있다 그것은 당신이 모든 상품의 독립성을 줄 수있는, 가장 작은 하나처럼 포기, 선택한 항목을 포기하고 B 항목을 (당신이 포기하면 다음에 해당하는 별도이기 때문에, 불법적 인 상황이 발생하지 않습니다 병합해야합니다 B가 선택되지 않은 바인딩), 두 번째는이 문서를 선택하지 않는 (그들은 작은 것보다 확실히 더 나은 B, 독립적 그렇지 않으면 때문에, 최소가 될 수 없음), 그래서 가장 큰 중 하나를 찾기 위해이 선택되지 않은, 당신은 찾을 수 있습니다 항목뿐만 아니라 별도의 통합 모든 항목 (같은 잘못된 상황이 발생할 수 없음) 걸릴 수 합병의 현재 기사에 주목
내가 쓸 수 있지만 않았지만 여전히 욕심의 마법을 느낄 모두를 위해 넣어
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=1e5+5;
int n;
long long a[maxn],b[maxn];
struct ele{
int id;
long long val,sz;
bool operator<(const ele& oth) const{
return val<oth.val;
}
};
vector <ele> arr;
vector <long long> mmax;
vector <long long> ans;
int main(void){
int T;
scanf("%d", &T);
while(T--){
scanf("%d", &n);
arr.clear();ans.clear();mmax.clear();
for (int i=1;i<=n;i++){
scanf("%lld%lld",&a[i],&b[i]);
a[i]*=2;b[i]*=2;
if (a[i]>=b[i]) arr.push_back({i,a[i],1}),arr.push_back({i,b[i],1});
else arr.push_back({i,(a[i]+b[i])/2,2});
}
sort(arr.begin(),arr.end());
for (int i=0;i<arr.size();i++){
long long tmp;
if (arr[i].sz==1)tmp=arr[i].val;
else tmp=a[arr[i].id];
if (mmax.size()==0) mmax.push_back(tmp);
else mmax.push_back(max(mmax[mmax.size()-1],tmp));
}
long long mmin=1e18;
long long sum=0;
for (int i=arr.size()-1;i>=0;i--){
if(arr[i].sz==1){
sum+=arr[i].val;
ans.push_back(sum);
mmin=min(mmin,arr[i].val);
}else{
long long tmp=0;
tmp=sum-mmin+arr[i].val*2;
tmp=max(tmp,sum+mmax[i]);
ans.push_back(tmp);
sum+=arr[i].val*2;ans.push_back(sum);
mmin=min(mmin,b[arr[i].id]);
}
}
for (int i=0;i<ans.size();i++) printf("%lld%c",ans[i]/2," \n"[i==ans.size()-1]);
}
}1009 블록 차단기
0시 37분에서 해결
출석 문제, BFS는 수
1011은 Rounddog 해피 확인
4시 20분에서 해결 (+1)를
길이 \ (N (1 <= N <= 3e5) \) 의 열 수이고, 행복 간격 경우에만 소자 간격 페어 이산 간격 최대치 경우 이하의 간격 길이를 감산을 정의 \ (K \) 간격의 수 (특정 값), 즐거움 찾기
그녀는 서로 다른 요소를 보지 않았다, 그것은 단조로운 스택 맨 제목은 ...
위치 \ (I는 \) 에 번호 \는 (A_I \) , 네 개의 프로세스 번호는,하기 (A_I \) \ 가장 좌측 위치의 최대 값 (L_i \) \ , 우단 위치 (\ r_i \) ( 스택 모노톤 통해 얻어지는 2 개 개의 선형 어레이) 내지 A_I \)은 (\ 서로 다른 요소의 최 우측 위치되도록 좌측 종점 \을 (isl_i \) , 우단 위치와 최 좌측 지점 (\ isr_i \) (이들 2 개 개의 선형 배열은 이중 포인터를 통해 얻어진)
그런 다음 이러한 기능 CALC 쓰기 (렌, L, R) R (자신을 포함하지 않음)과 권리를 선택할 수있는 L을 떠난 주어진 수, 당신은 필요한 간격으로 지정된 수를 선택해야합니다 프로그램의 수만큼보다 큰 LEN 길이는, 최초의 호출이 함수는 일정 시간이어야한다 (이 기능은 팀 동료에 의해 작성된)
각 위치 고려 \ (I는 \) 최대 기여를 생산할 수있는 범위이다 \ (\ [isl_i) \ 맥스 (L_i, isr_i) \ 분 (r_i,]) , 1,236,512에 (3) 예를 들어, 현재 위치가 기여 열거 종단점을 계산하면서 4 (즉, 번호 6), 예를 들어 좌측 지점을 열거하고, 기부를 생성하기 위해 좌측 포인트는 1 (즉, 오른쪽 종점 (5)에있을 2, 3, 6, 5), 기여 이동 응답을 생산하고, 기여 (2,3,6,5,1)가 답변, 경우 (2를 생산하기 위해 추가 된 점 2의 왼쪽을 고려 하였다 3,6,5 산출 기여도가 반복된다) 잃을 필요 등, 그리고 마지막으로 64 위치에 최대 기여도이다 \는 (F (1,2,3,6,5) + F (2 , 3,6,5,1) -f (2,3,6,5) + F (3,6,5,1,2) -f (3,6,5,1) + F (6,5 , 1,2,3) -f (6,5,1,2) \ )
당신이 열거 때마다 포인트를두면, 다음 확실히 TLE, 짧은면은 측면에 대해 열거해야하고, 분석의 복잡성은 임의의 데이터 3e5되지 않습니다 아마 합이 1.2e6 시간, 나는 전체 복잡성을 생각한다 한다 \ (nlogn \) 의
물론, 당신은 또한 분할을 사용 할 정복
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5 + 10;
int T, a[N], n, k, l[N], r[N], isl[N], isr[N];
int stk[N], top;
int cnt[N];
long long ans;
long long calc(long long v, long long L, long long R) {
if(v <= 1)
return (L + 1) * (R + 1);
if(L + R + 1 < v) return 0;
v--;
long long l1 = max(v - R, 0LL), l2 = L;
long long l3 = min(v, l2);
return (l3 + l1) * (l3 - l1 + 1) / 2 + (l3 - l1 + 1) * (R - v + 1) + max(0LL, l2 - v) * (R + 1);
}
int main() {
scanf("%d", &T);
while(T--) {
scanf("%d%d", &n, &k);
ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; ++i) {
scanf("%d", &a[i]); cnt[a[i]] = 0;
}
top = 0;
a[0] = a[n + 1] = 1e9;
stk[top++] = 0;
for(int i = 1, j = 0; i <= n; ++i) {
while(a[stk[top - 1]] < a[i]) top--;
l[i] = stk[top - 1] + 1;
stk[top++] = i;
while(j < n && cnt[a[j + 1]] == 0) cnt[a[++j]]++;
isl[i] = j;
cnt[a[i]]--;
}
for(int i = 1; i <= n; ++i) cnt[a[i]] = 0;
top = 0;
stk[top++] = n + 1;
for(int i = n, j = n + 1; i >= 1; --i) {
while(a[stk[top - 1]] < a[i]) top--;
r[i] = stk[top - 1] - 1;
stk[top++] = i;
while(j > 1 && cnt[a[j - 1]] == 0) cnt[a[--j]]++;
isr[i] = j;
cnt[a[i]]--;
}
for(int i = 1; i <= n; ++i) {
int len = a[i] - k;
l[i] = max(l[i], isr[i]);
r[i] = min(r[i], isl[i]);
if(l[i] + r[i] > i * 2) {
int le = l[i], ri = min(r[i], isl[le]), pre = ri;
ans += calc(len, i - le, ri - i);
for(le++; le <= i; ++le) {
ri = min(r[i], isl[le]);
ans += calc(len, i - le, ri - i);
ans -= calc(len, i - le, pre - i);
pre = ri;
}
}
else {
int ri = r[i], le = max(l[i], isr[ri]), pre = le;
ans += calc(len, i - le, ri - i);
for(ri--; ri >= i; --ri) {
le = max(l[i], isr[ri]);
ans += calc(len, i - le, ri - i);
ans -= calc(len, i - pre, ri - i);
pre = le;
}
}
}
printf("%lld\n", ans);
}
return 0;
}그리고 많은 학교는 템플릿의 물결을 정리하는 시간, 이상이었다,지난해와 마찬가지로 다르지 회색 이름이 없습니다학교보다 훨씬 더 전체적인 경향 곡선은 다음 후반을 채우는 상승 펠트