为了给刷题的同学一些奖励，力扣团队引入了一个弹簧游戏机。游戏机由 N 个特殊弹簧排成一排，编号为 0 到 N-1。初始有一个小球在编号 0 的弹簧处。若小球在编号为 i 的弹簧处，通过按动弹簧，可以选择把小球向右弹射 jump[i] 的距离，或者向左弹射到任意左侧弹簧的位置。也就是说，在编号为 i 弹簧处按动弹簧，小球可以弹向 0 到 i-1 中任意弹簧或者 i+jump[i] 的弹簧（若 i+jump[i]>=N ，则表示小球弹出了机器）。小球位于编号 0 处的弹簧时不能再向左弹。
为了获得奖励，你需要将小球弹出机器。请求出最少需要按动多少次弹簧，可以将小球从编号 0 弹簧弹出整个机器，即向右越过编号 N-1 的弹簧。
示例 1：
输入：jump = [2, 5, 1, 1, 1, 1]
输出：3
解释：小 Z 最少需要按动 3 次弹簧，小球依次到达的顺序为 0 -> 2 -> 1 -> 6，最终小球弹出了机器。
限制：
1 <= jump.length <= 10^6
1 <= jump[i] <= 10000
思路：比赛时采用的BFS，下来后发现榜单前几名几个大佬的做法，学到了很多，下面对着某位大佬的思路改写了自己的方法。大致思路是一样的。
该题完全可以通过模拟整个跳跃过程，对于当前位置i我们下步的选择无非是走到i+jump[i]，或者跳到i左边任意一个位置上，一个简单的思路就是通过BFS来枚举下步的状态，通过保存每次所能跳的最远点使得优化状态的遍历。这个解法相信比赛中大多数人都可以想得到的。我们要知道下一步要走的点一定是之前没走过的点，因为若下个点走过，说明我通过更优的方法已经走到了呢个点，完全没必要再绕远路过去，因此我们可以模拟每次走的点，并按顺序加入队列中，最终通过遍历所有状态找到最优解（第一次跳出去所使用的步骤一定是最小步骤）。
class Solution {
public int minJump(int[] jump) {
int i=0;
int n=jump.length,head=0;
int[] d=new int[n];
int[] q=new int[n];
Arrays.fill(d, -1);
int l=0,r=0;
d[0]=0; q[r++]=0;
while(l!=r) {
i=q[l++];
if(i+jump[i]>=n) break;
if(d[i+jump[i]]==-1)
d[q[r++]=i+jump[i]]=d[i]+1;
for(;head<i;head++)
if(d[head]==-1)
d[q[r++]=head]=d[i]+1;
}
return d[i]+1;
}
} 
