题面在这里
description
硬币购物一共有4种硬币。面值分别为c1,c2,c3,c4。某人去商店买东西，去了tot次。每次带di枚ci硬币，买si的价值的东西。请问每次有多少种付款方法。
data range
\[d_i,s\le 100000,T\le 1000\]
solution
使用单调队列优化多重背包十分开心地获得了20分的好成绩
\(O(4Ts)\)为什么我就松不过呢?
观察数据，物品数量\(=4\)，考虑对于物品数量的指数级算法，容斥
如果没有物品数量的限制，那么此题变成了一个完全背包问题，直接求解即可
现在的关键是物品的数量有限制，因此考虑如何去掉物品数量过多的一部分
考虑把总容量减去单件物品目前能够达到的最大容量(即\(s-d_i\times c_i\))，对剩下的空间做完全背包，
我们能够从这个方案数中得到仍然含有这个物品的方案数(使用\(f[s][t]\)中\(t\)的二进制位表示物品状况)，
那么这个方案应该会等于开始的背包中这件物品数量过多的方案。
update:我还是太菜了。。。其实不用考虑s,这个方案就等于\(f[s-(d_i+1)\times c_i]\)
我们使用总数-不合法，就会得到这件物品不超过\(d_i\)的方案数
接下来考虑有两种物品同时超过的情况
如果我们仅仅使用刚才的算法计算出\(f[0][s]-\sum_{i=1}^{4}f[2^{i-1}][s-c_i\times d_i]\),
那么一种有两种物品同时超过的方案会被减去计算两次，加上即可
同理，减去三种物品同时超过的方案，加上四种物品同时超过的方案，我们就得到了我们要求的东西。
综上，我们得到了一个\(O(2^k\times s+2^{2k}\times tot)\)(\(k\)代表物品数量)的算法，
可以通过本题。
code
多重背包(娱乐向)的代码
#include<bits/stdc++.h>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<iomanip>
#include<cstring>
#include<complex>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<bitset>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stack>
#include<map>
#include<set>
#define FILE "a"
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define RG register
#define il inline
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
typedef vector<int>VI;
typedef long long ll;
typedef double dd;
const dd eps=1e-10;
const int mod=1e9+7;
const int N=3010;
const dd pi=acos(-1);
const int inf=2147483647;
il ll read(){
RG ll data=0,w=1;RG char ch=getchar();
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
if(ch=='-')w=-1,ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0')data=data*10+ch-48,ch=getchar();
return data*w;
}
il void file(){
srand(time(NULL)+rand());
freopen(FILE".in","r",stdin);
freopen(FILE".out","w",stdout);
}
ll c[5],d[5],f[100010];
queue<ll>Q;
il ll DP(ll V){
memset(f,0,sizeof(f));f[0]=1;
for(RG int i=1;i<=4;i++){
RG ll sum,ret;
for(RG ll j=0;j<c[i];j++){
sum=0;while(!Q.empty())Q.pop();
for(RG ll k=0;k<d[i]&&(V-j)/c[i]*c[i]+j-k*c[i]>=0;k++){
Q.push((V-j)/c[i]*c[i]+j-k*c[i]);
sum+=f[(V-j)/c[i]*c[i]+j-k*c[i]];
}
for(RG ll k=(V-j)/c[i]*c[i]+j;k>=0;k-=c[i]){
ret=f[k];
if(k-c[i]*d[i]>=0){Q.push(k-c[i]*d[i]);sum+=f[k-c[i]*d[i]];}
f[k]=sum;sum-=ret;Q.pop();
}
}
}
return f[V];
}
int main()
{
RG ll T,s;
for(RG int i=1;i<=4;i++)c[i]=read();T=read();
while(T--){
for(RG int i=1;i<=4;i++)d[i]=read();s=read();
printf("%lld\n",DP(s));
}
return 0;
}\(AC\)代码
#include<bits/stdc++.h>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<iomanip>
#include<cstring>
#include<complex>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<bitset>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stack>
#include<map>
#include<set>
#define FILE "a"
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define RG register
#define il inline
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
typedef vector<int>VI;
typedef long long ll;
typedef double dd;
const dd eps=1e-10;
const int mod=1e9+7;
const int N=3010;
const dd pi=acos(-1);
const int inf=2147483647;
il ll read(){
RG ll data=0,w=1;RG char ch=getchar();
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
if(ch=='-')w=-1,ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0')data=data*10+ch-48,ch=getchar();
return data*w;
}
il void file(){
srand(time(NULL)+rand());
freopen(FILE".in","r",stdin);
freopen(FILE".out","w",stdout);
}
ll c[5],d[5];
ll f[16][100010];
il void update(ll &a,ll b){a+=b;}
il void init(){
memset(f,0,sizeof(f));f[0][0]=1;
for(RG int i=1;i<=4;i++)
for(RG int v=0;v+c[i]<=100000;v++)
for(RG int s=0;s<(1<<4);s++)
update(f[s|(1<<(i-1))][v+c[i]],f[s][v]);
}
il ll DP(ll V){
RG ll now,cnt,sum=0;
for(RG int i=0;i<(1<<4);i++){
now=V;cnt=0;
for(RG int j=1;j<=4;j++)
if(i&(1<<(j-1)))cnt++,now-=c[j]*d[j];
if(now<0)continue;
for(RG int j=0;j<(1<<4);j++)
if((i&j)==i){
if(cnt&1)sum-=f[j][now];
else sum+=f[j][now];
}
}
return sum;
}
int main()
{
RG ll T,s;
for(RG int i=1;i<=4;i++)
c[i]=read();
init();
T=read();
while(T--){
for(RG int i=1;i<=4;i++)
d[i]=read();
s=read();
printf("%lld\n",DP(s));
}
return 0;
}