节能
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难度:
5
- 描述
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Dr.Kong设计的机器人卡多越来越聪明。最近市政公司交给卡多一项任务,每天早晨5:00开始,它负责关掉ZK大道右侧上所有的路灯。
卡多每到早晨5:00准会在ZK大道上某盏路灯的旁边,然后他开始关灯。每盏灯都有一定的功率,机器人卡多有着自觉的节能意识,它希望在关灯期间,ZK大道右侧上所有路灯的耗电量总数是最少的。
机器人卡多以1m/s的速度行走。假设关灯动作不需要花费额外的时间,因为当它通过某盏路灯时就顺手将灯关掉。
请你编写程序,计算在给定路灯设置,灯泡功率以及机器人卡多的起始位置的情况下,卡多关灯期间,ZK大道上所有灯耗费的最小能量。
- 输入
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有多组测试数据,以EOF为输入结束的标志
每组测试数据第一行: N 表示ZK大道右侧路灯的数量 (2≤ N ≤ 1000)
第二行: V 表示机器人卡多开始关灯的路灯号码。 (1≤V≤N)
接下来的N行中,每行包含两个用空格隔开的整数D和W,用来描述每盏灯的参数
D表示该路灯与ZK大道起点的距离 (用米为单位来表示),
W表示灯泡的功率,即每秒该灯泡所消耗的能量数。路灯是按顺序给定的。
( 0≤D≤1000, 0≤W≤1000 ) - 输出
- 输出一个整数,即消耗能量之和的最小值。注意结果小于200,000,000
- 样例输入
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4 3 2 2 5 8 6 1 8 7
- 样例输出
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56
- 来源
- 第四届河南省程序设计大赛
解题思路:
本题是一道Dynamic Programming的题目,机器人关灯要么是去左边关灯,或者是去右边关灯,也即要关闭的下一个路灯要么是从已关闭路段的左端过去的,要么是从已关闭的路段的右端过去的,定义:
DP[i][j][0]表示i到j的路灯都已经关闭,机器人在路灯i的位置,此时已经消耗的最小电能
DP[i][j][1]表示i到j的路灯都已经关闭,机器人在路灯j的位置,此时已经消耗的最小电能
则状态转移式:
DP[i][j][0] = min(DP[i+1][j][0]+[i+1,j]路段以外未关闭路灯在机器人从i+1走的i期间消耗的电能,DP[i+1][j][1]+[i+1,j]路段以外未关闭路灯在机器人从j走到i期间消耗的电能)
DP[i][j][1] = min(DP[i][j-1][0]+[i,j-1]路段以外未关闭路灯在机器人从i走到j期间消耗的电能,DP[i][j-1][1]+[i,j-1]路段以外未关闭路灯在机器人从j-1走到j期间消耗的电能)
还要预处理:dw[ i ][ j ]:代表区间 i-j 之间路灯的的总功率#include<stdio.h> #include<string.h> #include<algorithm> using namespace std; int len[1005]; int w[1005]; int dp[1005][1005][2]; int dw[1005][1005]; int main() { int n; while(~scanf("%d",&n)) { int v; int sum=0; scanf("%d",&v); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d%d",&len[i],&w[i]); sum+=w[i];//总功耗 } for(int i=1;i<=n;i++)//dw[i][j]:区间i-j之间的功耗 for(int j=i;j<=n;j++) dw[i][j]=dw[i][j-1]+w[j]; for(int i=v-1;i>=1;i--) {//从起点向左端点初始化 dp[i][v][0]=dp[i+1][v][0]+(sum-dw[i+1][v])*(len[i+1]-len[i]); dp[i][v][1]=dp[i][v][0]+(sum-dw[i][v])*(len[v]-len[i]); } for(int j=v+1;j<=n;j++) {//从起点向右端点初始化 dp[v][j][1]=dp[v][j-1][1]+(sum-dw[v][j-1])*(len[j]-len[j-1]); dp[v][j][0]=dp[v][j][1]+(sum-dw[v][j])*(len[j]-len[v]); } for(int i=v-1;i>=1;i--) { for(int j=v+1;j<=n;j++) { dp[i][j][0]=min(dp[i+1][j][0]+(sum-dw[i+1][j])*(len[i+1]-len[i]), dp[i+1][j][1]+(sum-dw[i+1][j])*(len[j]-len[i])); dp[i][j][1]=min(dp[i][j-1][1]+(sum-dw[i][j-1])*(len[j]-len[j-1]), dp[i][j-1][0]+(sum-dw[i][j-1])*(len[j]-len[i])); } } printf("%d\n",min(dp[1][n][0],dp[1][n][1])); } return 0; }