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B君和m个人一起，要完成n个任务，在这个题中，B君和m个人，什么都不做。
第i个任务有一个开始时间s[i]和结束时间e[i]（保证s[i]<=e[i]），一个人完成两个任务的时间区间，
不能有交集，但是可以首尾相连。（参考样例）
换句话说，如果一个人依次完成了(s[1], e[1]) (s[2], e[2]) (s[3], e[3])这3个任务，
那么这3个任务需要满足s[1]<=e[1]<=s[2]<=e[2]<=s[3]<=e[3]。
同一个任务只能完成一次，并且中间不能换人。
B君和m个人，想知道要想完成这些任务，至少需要几个人？
(单组 n <= 100000)
(所有 n 求和 <= 200000)
(开始时间和结束时间，都是非负整数，且在int范围内。)
(开始时间 <= 结束时间，如果等于的话，意味着这个任务可以瞬间被做完，但是不能没有人做)Input
多组数据，第一行是数据组数。
每组数据的第一行两个整数n, m分别表示任务数，和人数。
以下n行，每行两个整数表示任务的开始时间和结束时间。Output
对于每组数据输出一个整数
表示完成这些任务至少需要多少人。Input示例
4
2 1
1 3
2 4
2 1
1 3
3 5
2 1
1 3
2 2
4 1
1 2
2 2
2 2
2 3Output示例
2
1
2
1思路1
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
const int nmax=200000+10;
pair<int,int>a[nmax];
int main(int argc, char** argv) {
int t;
while(cin>>t){
while(t--){
priority_queue<int>q;
int n;//任务数
int m;//人数
cin>>n>>m;
for(int i=0;i<n;i++){
cin>>a[i].first>>a[i].second;
}
sort(a,a+n);//按照first排序
//加入相反数实现小根堆的效果，就是根是绝对值越小的
int z=0;
for(int i=0;i<n;i++){
//遇到一个新任务，试图让q.top()去接
//如果能接，则更新
if(q.size()>0&&-q.top()<=a[i].first){
q.pop();//弹出q.top();
q.push(-a[i].second);
}
//如果不能接，则新开一个人去接
else{
q.push(-a[i].second);
z++;
}
}
cout<<z<<endl;
}
}
return 0;
}————————————————————————————————————————————————————————
思路2
#include <iostream>
#include <set>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int nmax=200000+20;
pair<int,int>a[nmax];
int main(int argc, char** argv) {
int t;
while(cin>>t){
while(t--){
int n;
int m;
cin>>n>>m;
for(int i=0;i<n;i++){
cin>>a[i].second>>a[i].first;
}
sort(a,a+n);//按照first排序
multiset<int>s;//维护所有人的结束时间
int z=0;
//如果能接（小于等于开始时间）的最晚的人
//upper_bound找到大于等于最早的
//--upper_bound 就是小于等于最晚的
for(int i=0;i<n;i++){
if(s.size()>0&& *s.begin()<=a[i].second){
s.erase(--s.upper_bound(a[i].second));
//--s.upper_bound(a[i].second);
s.insert(a[i].first);
}
//如果接不了此任务，新开一个人
else{
s.insert(a[i].first);
z++;
}
}
//cout<<z<<endl;
printf("%d\n",z);
}
}
return 0;
}