注：思想学习了wzy的博客，自己也有感受。
题目描述
跳房子，也叫跳飞机，是一种世界性的儿童游戏，也是中国民间传统的体育游戏之一。跳房子的游戏规则如下：
在地面上确定一个起点，然后在起点右侧画n 个格子，这些格子都在同一条直线上。每个格子内有一个数字（整数），表示到达这个格子能得到的分数。玩家第一次从起点开始向右跳，跳到起点右侧的一个格子内。第二次再从当前位置继续向右跳，依此类推。规则规定：
玩家每次都必须跳到当前位置右侧的一个格子内。玩家可以在任意时刻结束游戏，获得的分数为曾经到达过的格子中的数字之和。
现在小R 研发了一款弹跳机器人来参加这个游戏。但是这个机器人有一个非常严重的缺陷，它每次向右弹跳的距离只能为固定的d。小R 希望改进他的机器人，如果他花g 个金币改进他的机器人，那么他的机器人灵活性就能增加g，但是需要注意的是，每次弹跳的距离至少为1。具体而言，当g < d时，他的机器人每次可以选择向右弹跳的距离为d-g, d-g+1,d-g+2，…，d+g-2，d+g-1，d+g；否则（当g ≥ d时），他的机器人每次可以选择向右弹跳的距离为1，2，3，…，d+g-2，d+g-1，d+g。
现在小R 希望获得至少k 分，请问他至少要花多少金币来改造他的机器人。
输入
第一行三个正整数n，d，k，分别表示格子的数目，改进前机器人弹跳的固定距离，以及希望至少获得的分数。相邻两个数之间用一个空格隔开。
接下来n 行，每行两个正整数
输出
共一行，一个整数，表示至少要花多少金币来改造他的机器人。若无论如何他都无法获
得至少k 分，输出-1。
样例输入
7 4 10
2 6
5 -3
10 3
11 -3
13 1
17 6
20 2
样例输出
2
这是今年的压轴题，感觉比去年那个要难一些。
主要还是因为之前不怎么明白单调队列的东西，于是考完了以后，赶紧补一下这方面的知识，现在也觉得这道题也没这么可怕了。
说实话，这道题的答案就是枚举出来的。很显然，暴力是没用的。我们要找一个优化的查找方式，于是就很容易的想到了二分。但是二分的判断过程中还是要枚举(dp:f[i]=max(f[j]|从j可以跳到i)+当前位置分数)这依然很容易超时，我们又需要一个高端的方法。就是最近讲的用单调队列优化DP。
维护队列：对于格子j，在把f[j]放进去和队列最后面的元素f[k]比较，如果f[k]《f[j],f[k]就没有用了；再把不在可走范围内的去掉，就可以保证最优解并不会超时（队首）。
//借鉴wzy的思路
#include<deque>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<climits>
#define MAXN 500000
using namespace std;
deque<int> Q;
int read()
{
int x=0,f=1;char s=getchar();
while(s<'0'||s>'9'){if(s=='-')f=-1;s=getchar();}
while(s>='0'&&s<='9'){x=x*10+s-'0';s=getchar();}
return x*f;
}
int pos[MAXN+5],a[MAXN+5],f[MAXN+5],n,d,k;
bool check(int g)
{
Q.clear();
memset(f,0,sizeof(f));
int l1=max(1,d-g),r1=d+g,ml=0;//确定可以达到的范围
for(int i=1;i<=n;i++)
{
while(pos[ml]+l1<=pos[i])//可达到的范围逐个枚举
{
while(!Q.empty()&&f[Q.back()]<=f[ml])
Q.pop_back();
Q.push_back(ml++);
}
while(!Q.empty()&&pos[Q.front()]+r1<pos[i])//把无法继续使用的pop掉
Q.pop_front();
if(!Q.empty()) f[i]=f[Q.front()]+a[i];
else f[i]=INT_MIN;
if(f[i]>=k) return 1;
}
return 0;
}
int main()
{
//freopen("jump.in" ,"r", stdin);
//freopen("jump.out","w",stdout);
n=read(),d=read(),k=read();
long long sum=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
pos[i]=read(),a[i]=read();
if(a[i]>0) sum+=a[i];
}
if(sum<k)//无法到达直接特判
{
printf("-1");
return 0;
}
int l=0,r=pos[n],m;
while(l<r)
{
m=(l+r)/2;
if(check(m)) r=m;
else l=m+1;
}
printf("%d\n",r);
return 0;
}