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题目描述
有N头牛在畜栏中吃草。每个畜栏在同一时间段只能提供给一头牛吃草,所以可能会需要多个畜栏,给出第i头牛开始吃草的时间区间 [ a i , b i ] [a_i, b_i] [ai,bi] ,求需要的最少畜栏数和每头牛对应的畜栏方案。
样例输入
5
1 10
2 4
3 6
5 8
4 7
样例输出
4
1
2
3
2
4
思路
对每头牛的开始时间从小到大排序
然后贪心?
对于第i个牛,它要么是进新的畜栏,要么是进已经没牛的畜栏
1.进新的畜栏,那只有每个畜栏都有牛,才会开新的畜栏给这头牛
2.进没牛的畜栏,那就要对每个畜栏中的牛的区间用一个小根堆去维护,然后判断即可
代码
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<queue>
using namespace std;
int n, ans[100005];
priority_queue <pair<int, int>, vector<pair<int, int> >, greater<pair<int, int> > > Q;
struct tt
{
int l, r, num;
}a[100005];
bool cmp(tt a, tt b)
{
return a.l < b.l;
}
int main()
{
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; ++i)
scanf("%d%d", &a[i].l, &a[i].r), a[i].num = i;
sort(a + 1, a + n + 1, cmp);
Q.push(make_pair(a[1].r, 1));
ans[a[1].num] = 1;
for(int i = 2; i <= n; ++i)
{
if(!Q.size() || Q.top().first >= a[i].l)
{
ans[a[i].num] = Q.size() + 1;
Q.push(make_pair(a[i].r, Q.size() + 1));
}//对应思路中的第一种情况
else {
ans[a[i].num] = Q.top().second; Q.pop();
Q.push(make_pair(a[i].r, ans[a[i].num]));
}//第二种情况
}
printf("%d\n", Q.size());
for(int i = 1; i <= n; ++i)
printf("%d\n", ans[i]);
}