作业要求链接: 信号与系统2022春季学期第八次作业 : https://zhuoqing.blog.csdn.net/article/details/124186062
§01 参考答案
1.1 信号调制与解调
1.1.1 非线性实现信号调制
求解:
1.2 脉冲编码调制
1.2.1 信号量化编码
求解:
根据题意可知信号的最大值为15。如果将 0V~15V 进行量化,量化电压不超过10mV,那么量化级别 N Q N_Q NQ为: N Q = 15 0.01 = 1500 N_Q = {
{15} \over {0.01}} = 1500 NQ=0.0115=1500
比 N Q N_Q NQ大的 2 N 2^N 2N最小 N N N为: N = 11 N = 11 N=11。此时对应的量化级别为: 2 11 = 2048 2^{11} = 2048 211=2048。
所以信号PCM编码的位数最小为11。
1.2.2 信号波形设计
求解:
能够在MODEM的系统原理图中表现出采用了一下四个方面的技术即可:
1. 全占空脉冲编码
2. 四电平传输
3. 升余弦编码,重叠发送;
4. 但边带调制
1.3 信号采样
1.3.1 信号采样时间间隔
求解:
根据傅里叶变换的频域卷积定理:
F [ x 1 ( t ) ⋅ x 2 ( t ) ] = 1 2 π F 1 ( ω ) ∗ F 2 ( ω ) F\left[ {x_1 \left( t \right) \cdot x_2 \left( t \right)} \right] = {1 \over {2\pi }}F_1 \left( \omega \right) * F_2 \left( \omega \right) F[x1(t)⋅x2(t)]=2π1F1(ω)∗F2(ω)
信号相乘后的最大频率为:
ω m = ω 1 + ω 2 \omega _m = \omega _1 + \omega _2 ωm=ω1+ω2
ω s = 2 ω m = 2 ( ω 1 + ω 2 ) \omega _s = 2\omega _m = 2\left( {\omega _1 + \omega _2 } \right) ωs=2ωm=2(ω1+ω2)
ω s = 2 ω m = 2 ( ω 1 + ω 2 ) \omega _s = 2\omega _m = 2\left( {\omega _1 + \omega _2 } \right) ωs=2ωm=2(ω1+ω2) T s max = 2 π ω s = π ω 1 + ω 2 T_{s\max } = { {2\pi } \over {\omega _s }} = {\pi \over {\omega _1 + \omega _2 }} Tsmax=ωs2π=ω1+ω2π
1.3.2 信号的奈奎斯特频率
求解:
( 1 ) ω 0 \left( 1 \right)\,\,\,\,\omega _0 (1)ω0
( 2 ) ω 0 \left( 2 \right)\,\,\,\omega _0 (2)ω0
( 3 ) 2 ω 0 \left( 3 \right)\,\,\,2\omega _0 (3)2ω0
( 4 ) 3 ω 0 \left( 4 \right)\,\,\,3\omega _0 (4)3ω0
1.3.3 sinc信号采样与恢复
求解:
(1) 根据f1(t),f2(t)的表达式,它们各自 对应的频谱是矩形频谱,最大频率分别是: F 1 m = 1000 π , F 2 m = 2000 π F_{1m} = 1000\pi ,\,\,\,\,\,F_{2m} = 2000\pi F1m=1000π,F2m=2000π
f(t)等于f1(t),f2(t)的乘积,则对应的最大频谱等于f1(t),f2(t)最大频率相加:
F m = F 1 m + F 2 m = 3000 π F_m = F_{1m} + F_{2m} = 3000\pi Fm=F1m+F2m=3000π
因此,对于f(t)的进行采样,最大抽样间隔应该等于f(t)对应的最大频率两倍时的周期一半:
T m = 1 2 ⋅ 2 π 2 ⋅ F m = π 3000 π = 1 3000 T_m = {1 \over 2} \cdot { {2\pi } \over {2 \cdot F_m }} = {\pi \over {3000\pi }} = {1 \over {3000}} Tm=21⋅2⋅Fm2π=3000ππ=30001
(2) 绘制出的fs(t)的频谱如下图所示:
1.3.4 信号采样与恢复
求解:
(1)
X ( ω ) = 14 π [ δ ( ω + 240 π ) + δ ( π + 320 π ) + δ ( ω − 240 π ) + δ ( ω − 320 π ) ] X\left( \omega \right) = 14\pi \left[ {\delta \left( {\omega + 240\pi } \right) + \delta \left( {\pi + 320\pi } \right) + \delta \left( {\omega - 240\pi } \right) + \delta \left( {\omega - 320\pi } \right)} \right] X(ω)=14π[δ(ω+240π)+δ(π+320π)+δ(ω−240π)+δ(ω−320π)]
(2)
如果从采样信号中无失真恢复出x(t),理想低通滤波器的带宽: 320 π ≤ ω L ≤ 380 π 320\pi \le \omega _L \le 380\pi 320π≤ωL≤380π
(3)
x(t)的Nyquist频率为:320Hz
1.3.5 信号采样与恢复
(1) x ( 2 t ) x\left( {2t} \right) x(2t)的频谱:
(2) 采样周期: π 8 {\pi \over 8} 8π 对应的 x ( t / 2 ) , x ( t ) , x ( 2 t ) x\left( {t/2} \right),x\left( t \right),x\left( {2t} \right) x(t/2),x(t),x(2t)的频谱分别为:
1.4 自然采样与平顶采样
1.4.1 自然采样
求解:
单个采样脉冲对应的频谱为:
F 0 ( ω ) = τ S a 2 ( ω τ 2 ) F_0 \left( \omega \right) = \tau Sa^2 \left( {
{
{\omega \tau } \over 2}} \right) F0(ω)=τSa2(2ωτ)
周期信号 f ( t ) f\left( t \right) f(t) 的频谱为:
F ( ω ) = ω s ∑ n = − ∞ ∞ F 0 ( n ω s ) δ ( ω − n ω s ) F\left( \omega \right) = \omega _s \sum\limits_{n = - \infty }^\infty {F_0 \left( {n\omega _s } \right)\delta \left( {\omega - n\omega _s } \right)} F(ω)=ωsn=−∞∑∞F0(nωs)δ(ω−nωs)
其中: ω s = 2 π T s \omega _s = { {2\pi } \over {T_s }} ωs=Ts2π
采样后的信号的频谱为:
G s ( ω ) = 1 T s ∑ n = − ∞ ∞ F 0 ( n ω s ) G ( ω − n ω s ) G_s \left( \omega \right) = {1 \over {T_s }}\sum\limits_{n = - \infty }^\infty {F_0 \left( {n\omega _s } \right)G\left( {\omega - n\omega _s } \right)} Gs(ω)=Ts1n=−∞∑∞F0(nωs)G(ω−nωs)
对应的频谱图为:
1.4.2 平顶采样
求解:
(1) 证明如下:
(2) 对比自然采样的信号频谱:
(3) 无失真回复信号的条件是采样频率大于信号的 Nyquist频率。
ω s ≥ 2 ω m \omega _s \ge 2\omega _m ωs≥2ωm
■ 相关文献链接: