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本题就是求斐波那契数列,但是由于数据较大,正常的递推会超时,那么题中给了个提示
如果了解了一定的矩阵知识的话,这道题就有些眉目了
首先矩阵和我们正常见到的数字很像,也可以加减的运算,而矩阵最好的性质就是它的乘法
A[ a1 b1] * B [ a2 b2] = ab [ a1*a2+b1*c2 a1*b2+b1*d2 ]
[ c1 d1] [c2 d2] [ c1*a2+d1*d2 c1*b2+d1*d2 ]
而如果我们适当的 把一些变量调整一下 不就可以用一个矩阵来表示某个递推式了吗。
base = [ 1 1 ] 这个矩阵就很很神奇 我们把斐波那契数列代入(也用矩阵表示)
[ 1 0 ]
F = [ fn+1 ] 用base去乘此矩阵 得出新矩阵 F' = [ fn+1 + fn ] 可以很明显看出一个递推关系
[ fn ] [ fn + 1 ]
由此我们可以用 base^n * F(0) 来实现快速计算斐波那契数列 最后输出 上边那一项即可
这个计算式子里 最复杂的就是 base^n 这一步,但是我们知道有一个矩阵快速幂,这个问题不就完美解决了
祝AC :
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
const int maxn = 1e8+5;
const int mod = 10000;
int n;
struct matrix
{
int a[2][2];
};
matrix mul(matrix &x,matrix &y)
{
matrix c;
for(int i=0;i<2;i++)
{
for(int j=0;j<2;j++)
{
c.a[i][j]=0;
for(int k=0;k<2;k++)
c.a[i][j]=(c.a[i][j]+x.a[i][k]*y.a[k][j])%mod;
}
}
return c;
}
int pow(matrix x,int n)
{
matrix ans;
ans.a[0][0]=1,ans.a[1][0]=0;
ans.a[0][1]=0,ans.a[1][1]=1;
while(n)
{
if(n&1)
ans = mul(ans, x);
x = mul(x, x);
n>>=1;
}
return ans.a[0][1];
}
int main()
{
int n;
matrix base = {1, 1, 1, 0};
while(cin>>n&&n!=-1)
{
cout<<pow(base,n)<<endl;
}
return 0;
}