试题编号: | 201403-4 |
试题名称: | 无线网络 |
时间限制: | 1.0s |
内存限制: | 256.0MB |
问题描述: |
问题描述
目前在一个很大的平面房间里有 n 个无线路由器,每个无线路由器都固定在某个点上。任何两个无线路由器只要距离不超过 r 就能互相建立网络连接。
除此以外,另有 m 个可以摆放无线路由器的位置。你可以在这些位置中选择至多 k 个增设新的路由器。 你的目标是使得第 1 个路由器和第 2 个路由器之间的网络连接经过尽量少的中转路由器。请问在最优方案下中转路由器的最少个数是多少?
输入格式
第一行包含四个正整数 n,m,k,r。(2 ≤ n ≤ 100,1 ≤ k ≤ m ≤ 100, 1 ≤ r ≤ 10
8)。
接下来 n 行,每行包含两个整数 x i 和 y i,表示一个已经放置好的无线 路由器在 (x i, y i) 点处。输入数据保证第 1 和第 2 个路由器在仅有这 n 个路由器的情况下已经可以互相连接(经过一系列的中转路由器)。 接下来 m 行,每行包含两个整数 x i 和 y i,表示 (x i, y i) 点处可以增设 一个路由器。 输入中所有的坐标的绝对值不超过 10 8,保证输入中的坐标各不相同。
输出格式
输出只有一个数,即在指定的位置中增设 k 个路由器后,从第 1 个路 由器到第 2 个路由器最少经过的中转路由器的个数。
样例输入
5 3 1 3
0 0 5 5 0 3 0 5 3 5 3 3 4 4 3 0
样例输出
2
|
问题链接:CCF201403试题。
问题描述:(参见上文)。
问题分析:这是一个求最优问题,通常用BFS(广度优先搜索)来实现。据称,该问题还可以用SPFA算法来实现。程序说明:数组visit[][]用于标记路径上访问过的点。
#include <iostream> #include <queue> using namespace std; /* run this program using the console pauser or add your own getch, system("pause") or input loop */ const int N = 1000; struct { long long x; long long y; }input[200];//输入 struct node{ long long x; long long y; int step;//路径长度 int kCount;//路径上新增节点个数 int pathNum;//路径编号 }; int num = 0; bool visit[N][200];//记录每一条路径上节点是否被访问 //广度优先算法 int bfs(int n,int m,int k,int begin,int end,long long r){ int max; /* for(int i=0;i<N;i++){//初始化二维数组visit for(int j=0;j<200;j++){ visit[i][j] = false; } }*/ node start,front; start.x = input[begin].x; start.y = input[begin].y; start.step = 0; start.kCount = 0; start.pathNum = num++; visit[start.pathNum][begin] = true;//标记start.pathNUm 这条路径上的节点 begin被访问; queue<node> q; q.push(start); while(!q.empty()){ front = q.front(); q.pop(); //到达终点 return if(front.x == input[end].x && front.y == input[end].y){ //cout<<"========"<<front.pathNum<<"========"; return front.step - 1; } //搜索可以连接的路由器 if(front.kCount == k){ max = n; } else{ max = n + m; } for(int i=0;i<max;i++){ node v; //如果被访问过 则跳过 if(visit[front.pathNum][i]==true){ continue; } //如果不符合 r 条件 则跳过 if((front.x - input[i].x) * (front.x - input[i].x) + (front.y - input[i].y) * (front.y - input[i].y) > r*r){ continue; } v.x = input[i].x; v.y = input[i].y; v.step = front.step + 1; if(i>=n){ v.kCount = front.kCount + 1; }else{ v.kCount = front.kCount; } v.pathNum = num++; if(num >= N){ num = 0; } //标志维护 for(int j=0;j<n+k;j++){ visit[v.pathNum][j] = visit[front.pathNum][j]; } visit[v.pathNum][i] = true; q.push(v); } } return 0; } int main() { int n,m,k; long long r; cin>>n>>m>>k>>r; for(int i=0;i<n+m;i++){ cin>>input[i].x>>input[i].y; } int ans = bfs(n,m,k,0,1,r); cout<<ans; return 0; }
- 测试数据:
- 5 3 1 3
- 0 0
- 5 5
- 0 3
- 0 5
- 3 5
- 3 3
- 4 4
- 3 0
- 2
- 10 1 1 2
- 0 0
- 3 1
- -2 0
- -2 2
- -2 4
- -2 6
- 0 6
- 2 6
- 2 4
- 2 2
- 2 0
- 1
- 10 1 1 2
- 0 0
- 3 1
- -2 0
- -2 2
- -2 4
- -2 6
- 0 6
- 2 6
- 2 4
- 2 2
- 3 0
- 8
- 6 3 2 50000000
- 0 0
- 50000000 100000000
- 100000000 100000000
- 100000000 0
- 100000000 50000000
- 50000000 0
- -100000000 50000000
- 0 50000000
- 0 100000000
- 2
网上的大部分算法下面的测试是通不过的:
10 4 2 1
0 0
5 0
0 1
0 2
0 3
1 3
3 0
3 1
3 2
3 3
1 0
2 0
2 3
4 0
10